1、天宫一号和“神州八号”绕地球做匀速圆周运动，靠万有引力提供向心力：，即 ，故轨道高度越小，线速度越大故A错误； B：万有引力提供向心力：，故轨道高度越小，周期越小故B正确；C：万有引力提供向心，故轨道高度越小，角速度越大故C错误；D：万有引力提供向心力，故轨道高度越小，加速度越大故D错误故选B【点评】解决本题的关键掌握线速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系2（3分）（2012安徽）一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0s时波形如图所示，已知波速为10m/s，则t=0.1s时正确的波形是图中的（）ABCD【考点】横波的图象菁优网版权所有【专题】振动图像与波动图像专题【分析】先根据图象得到波长，
2、根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解根据图象可知，波长=4m，所以T=所以t=0.1s时，波形向右平移个波长，所以C正确故选C【点评】本题采用波形平移法研究波形图的，是经常运用的方法抓住波形经过一个周期向前平移一个波长3（3分）（2012安徽）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A重力做功2mgRB机械能减少mgRC合外力做功mgRD克服摩擦力做功mgR【考点】牛顿第二定律；动能定理的应用菁优网版权
3、所有【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析】小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律求解出B点的速度；然后对从P到B过程根据功能关系列式判读A、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故P到B过程，重力做功为WG=mgR，故A错误；B、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律，有mg=m，解得；从P到B过程，重力势能减小量为mgR，动能增加量为=，故机械能减小量为：mgR，故B错误；C、从P到B过程，合外力做功等于动能增加量，故为=，故C错误；D、从P到B过程，克服摩擦力做功等于机械能减小量，故为mgR，故D正确；故选D【点评】解决本题的关键知道球到
4、达B点时对轨道的压力为0，有mg=m，以及能够熟练运用动能定理4（3分）（2012安徽）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（）A物块可能匀速下滑B物块仍以加速度a匀加速下滑C物块将以大于a的加速度匀加速下滑D物块将以小于a的加速度匀加速下滑力的合成与分解的运用菁优网版权所有【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有
5、：a=当施加F后，加速度a=，因为gsingcos，所以FsinFcos，可见aa，即加速度增大故C确，A、B、D均错误故选C【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解5（3分）（2012安徽）如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，则电场强度的大小为（）A200 V/mB200 V/mC100 V/mD100 V/m【考点】带电粒子在匀强电场中的运动菁优网版权所有【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】根据题中的数据找出x轴方向上电势与B点相等的C点，BC两点的电势相等，
6、即BC连线上的各点电势相等，通过几何关系，求出O点到BC的距离，由匀强电场中电势差与电场强度的关系可得出电场强度的大小【解答】OA的中点C点，由题意可得C点的电势为3V，即BC的电势相等，连接BC，因BC的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于BC，过O点做BC的垂线相较于D点，由几何关系得：OD=OCsinBCO=1.5cm=1.5102m则电场强度为：E=200V/m，选项BCD错误，A正确故选：A【点评】在匀强电场中，电场是处处相等的，电场强度，电势差与沿电场方向上的距离有关系E=，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场6（3分）（2012安徽）如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，
7、一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过t时间从C点射出磁场，OC与OB成60角现将带电粒子的速度变为，仍从A点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为（）AtB2tCtD3t【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动菁优网版权所有带电粒子在磁场中的运动专题【分析】由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期T=，与粒子速度大小无关，可见，要计算粒子在磁场中运动的时间，只要求得它在磁场中运动轨迹对应的圆心角，就可得到所用的时间设圆形磁场区域的半径是R，以速度v射入时，半径，根据几何关系可知，所以运动时间t=以速度射入时，半径，所以设第二次射入时的圆心角为，根据几何关系可知：ta
8、n所以=120则第二次运动的时间为：t=2tB【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题7（3分）（2012安徽）如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为，其轴线上任意一点P（坐标为x）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2k1，方向沿x轴现考虑单位面积带电量为0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图2所示则圆孔轴线上任意一点Q（坐标为x）的电场强度为（）A2k0B2k0C2k0D2k0【考点】电场强度菁优网版权所有电场力与电势的性质专题【分析】已知均匀圆板的电场强度的公式，推导出
9、单位面积带电量为0的无限大均匀带电平板的电场强度的公式，然后减去半径为r的圆板产生的场强无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强：半径为r的圆板在Q点产生的场强：无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以：所以选项A正确【点评】本题对高中学生来说比较新颖，要求学生能应用所学过的单位制的应用及极限法；本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题二、解答题8（18分）（2012安徽）、图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小（1）试验中，为了使细线对小车的拉力等
10、于小车所受的合外力，先调节长木板一滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项操作是BA将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是CAM=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
11、BM=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gCM=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gDM=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g（3）图2是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出量出相邻的计数点之间的距离分别为sAB=4.22cm、sBC=4.65cm、sCD=5.08cm、sDE=5.49cm、sEF=5.91cm、sFG=6.34cm已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=0.42m/s2（结果保留2位有效数字）、如图为“测绘小灯伏安
12、特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5V（1）完成下列实验步骤：闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器左端的接线柱闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压；断开开关，根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线（2）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图【考点】验证牛顿第二运动定律菁优网版权所有【专题】实验题；【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸
13、带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度从小灯泡的伏安特性曲线的实验原理去分析考虑，知道实验前滑动变阻器应处于最大值I（1）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂沙和沙桶的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力要判断是否是匀速运动，我们可以从打出的纸带相邻的点的间距来判断小车是否做匀速运动，故选B（2）当mM时，即当沙和沙桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力故选C（3）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，相邻的计数点时间间隔为0.1s利用匀变速直线运动的推论x=at2，sDEsAB=3a1T2sEFsBC=3a2T2sFGsCD=3a3T2a=0.42m/s2（1）由于滑动变阻器的分压作用，使开始实验时小灯泡两端电压为0，应使滑动变阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱描绘小灯泡灯丝的伏安特性曲线，必须测量多组数据，即增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示故答案为：（1）B （2）C （3）0.42（1
