1、学年高考理综物理第十一次模拟试题及答案解析新课标最新年高考理综（物理）第十一次模拟试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求；第1921题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。14.2016年“科学突破奖”颁奖仪式在美国举行，我国科学家王贻芳获得“基础物理学突破奖”。在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（ ）A在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫微元法B在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不
2、变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法C在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法15.质量为M的半球形物体A和质量为m的球形物体B紧靠着放在倾角为的固定斜面上,并处于静止状态,如图所示。忽略B球表面的摩擦力,则关于物体受力情况的判断正确的是（ ）A.物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上B.物体A受到3个力的作用C.
3、物体B对物体A的压力大于mgsinD. 物体B对斜面的压力等于mgcos16.据新华社北京3月21日电，记者21日从中国载人航天工程办公室了解到，已在轨工作1630天的天宫一号目标飞行器在完成与三艘神舟飞船交会对接和各项试验任务后，由于超期服役两年半时间，其功能已于近日失效，正式终止了数据服务。根据预测，天宫一号的飞行轨道将在今后数月内逐步降低，并最终再入大气层烧毁。若天宫一号服役期间的轨道可视为圆且距地面h（h343km），运行周期为T，地球的半径为R，下列关于天宫一号的说法正确的是( )A因为天宫一号的轨道距地面很近，其线速度小于同步卫星的线速度B天宫一号再入外层稀薄大气一小段时间内，克服
4、气体阻力做的功小于引力势能的减小量C女航天员王亚平曾在天宫一号中漂浮着进行太空授课，那时她不受地球的引力作用D由题中信息可求出地球的质量为17.如图所示，P、Q是固定在竖直平面内的一段内壁光滑弯管的两端，P、Q的水平间距为d。直径略小于弯管内径的小球以初速度V0从P端水平射入弯管，从Q端射出，在穿过整个弯管的过程中小球与弯管无挤压。若小球从静止开始由P端滑入弯管，经时间t恰好以V0从Q端射出，重力加速度为g，不计空气阻力，那么（ ）A、V018如图所示，在第一象限有一边长为L的等边三角形匀强磁场区域。在第二象限有一平行于y轴的长为L的导体棒沿x轴正方向以速度v匀速通过磁场区域。下列关于导体棒中
5、产生的感应电动势E随x变化的图象正确的是()19关于带电粒子在匀强磁场中所受的洛伦兹力,下列说法正确的是（ ）A.洛伦兹力的方向总是垂直于磁场的方向B.洛伦兹力的方向可以不垂直于带电粒子的运动方向C.洛伦兹力的大小与带电粒子的速度方向和磁场方向的夹角无关D.仅将带电粒子的速度减半,洛伦兹力的大小变为原来的一半20如图甲所示的电路中理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，A、V均为理想电表，R、L和D分别是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）、理想线圈和灯泡。原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u，下列说法正确的是（ ）A电压u的频率为100Hz BV的示数为C有光照射R时，A的示数变大 D抽出L中的
6、铁芯，D变亮21如下图所示，一轻弹簧左端固定在长木板M的左端，右端与小木块m连接，且m、M及M与地面间接触光滑，开始时，m和M均静止，现同时对m、M施加等大反向的水平恒力F1和F2，从两物体开始运动以后的整个运动过程中，弹簧形变不超过其弹性限度。对于m、M和弹簧组成的系统，下列说法正确的是（ ）A由于F1、F2等大反向，故系统机械能守恒B当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，m、M各自的动能最大C在运动的过程中，m、M动能的变化量加上弹性势能的变化量等于F1、F2做功的代数和D在运动过程中m的最大速度一定大于M的最大速度22（共6分）一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家
7、中验证力的平行四边形定则如图（a），在电子秤的下端悬挂一装满水的水壶，记下水壶_时电子秤的示数F；如图（b），将三细线L1、L2、L3的一端打结，另一端分别拴在电子秤的挂钩、墙钉A和水壶杯带上水平拉开细线L1，在白纸上记下结点O的位置、_和电子秤的示数F1；如图（c），将另一颗墙钉B钉在与O同一水平位置上，并将L1拴在其上手握电子秤沿着中L2的方向拉开细线L2，使_和三根细线的方向与中重合，记录电子秤的示数F2；在白纸上按一定标度作出电子秤拉力F、F1、F2的图示，根据平行四边形定则作出F1、F2的合力F的图示，若_，则平行四边形定则得到验证23（共9分）如图甲所示是测量阻值约几十欧的未知电阻
8、的原理图，R1是电阻箱（099.9），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势12V，内阻忽略不计）。在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大，具体实验步骤如下：闭合S，调节滑动变阻器R和电阻箱R1，使A2示数I2=0.20A，记下此时电阻箱的阻值R1和A1的示数I1；重复步骤且使A2示数仍为I2=0.20A，测量多组R1和I1值；将实验测得的数据在坐标纸上描点，如图乙所示。根据实验回答以下问题：（1）（4分）现有四只供选用的电流表：A电流表（03 mA，内阻为2.0 ） B电流表（03 mA，内阻未知）C电流表（00.3 A，内阻为l0） D电流表（00.3 A，内阻未知
9、）请根据实验过程判断A1应选用_，A2应选用_（填写选项字母）。（2）（2分）在图乙中的坐标纸上画出R1与的关系图。（3）（3分）根据以上实验数据得出=_。24（14分）如图1为利用阻拦系统让“歼15”舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示意图。飞机着舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭。若航母保持静止，在某次降落中，以飞机着舰为计时起点，飞机的速度随时间变化关系如图2所示飞机在t1=0.4s时恰好钩住阻拦索中间位置，此时速度v1=70m/s；在t2=2.4s时飞机速度v2=10m/s飞机从t1到t2的运动可看成匀减速直线运动设飞机受到除阻拦索以外的阻力f大小不变，且f=5.0104N，“
10、歼15”舰载机的质量m=2.0104kg（1）在t1 t2间的某个时刻，阻拦索夹角=120，求此时阻拦索中的弹力T的大小；（2）飞机钩住阻拦索并关闭动力系统后，在甲板上滑行的总距离为82m，求从t2时刻至飞机停止，阻拦索对飞机做的功W25(18分)如图所示，xOy平面为一光滑绝缘水平面，在此区域内有平行于xOy平面的匀强电场，场强大小E100 V/m；同时有垂直于xOy平面的匀强磁场一质量m2106 kg、电荷量q2107C的带负电粒子从坐标原点O以一定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达P(4,3)点时，动能变为初动能的0.5，速度方向垂直OP指向y轴此时撤去磁场，经过一段时间该
11、粒子经过y轴上的M(0,6.25)点，动能变为初动能的0.625，求：(1)粒子从O到P与从P到M的过程中电场力做功的大小之比；（6分）(2)OP连线上与M点等电势的点的坐标；（6分）(3)粒子由P点运动到M点所需的时间（6分）33【物理选修33】（15分）（1）（5分）下列说法正确的是A悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数越少，布朗运动越不明显B随着分子间距离的增大，分子势能一定先减小后增大C人们感到特别闷热时，说明空气的相对湿度较大D热量可以自发的从内能小的物体转移给内能大的物体E气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度有关（2）（1
12、0分）如图所示，粗细均匀的U型玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口且足够长，开始时左端空气柱长20 cm，两管水银面等高从右侧管口缓慢加入水银，左管内气柱长变为15 cm.温度不变，大气压强为p075 cmHg.求：加入水银的长度；此过程封闭气体是吸热还是放热，并说明理由34. 【物理选修34】（15分）（1）（5分）如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是_（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A.甲、乙两单摆的摆长相等B.甲摆的振幅比乙摆大C.甲摆的机械能比乙摆大D.在t0.5 s时有正向最大加速度的是乙摆E.
13、由图象可以求出当地的重力加速度(2)(10分)单色细光束射到折射率n的透明球面，光束在过球心的平面内，入射角i45，研究经折射进入球内后，又经内表面反射一次，再经球面折射后射出的光线，如下图所示(图上已画出入射光和出射光)。在图上大致画出光线在球内的路径和方向。求入射光与出射光之间的夹角35. 【物理选修35】（15分）（1）（5分）下列说法正确的是（ ）A卢瑟福通过粒子散射实验证实了原子内部有一个体积很小的原子核B铀核（）衰变为铅核（）的过程中，要经过6次衰变和8次衰变C按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是hv，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功W0，剩下
14、的表现为逸出后电子的初动能EkD玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了所有原子光谱的实验规律。E铀核（）衰变成离子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于铀核的结合能（2）（10分）如图所示，光滑水平轨道右边与墙壁连接，木块A、B和半径为0.5m的1/4光滑圆轨道C静置于光滑水平轨道上，A、B、C质量分别为1.5kg、0.5kg、4kg。现让A以6m/s的速度水平向右运动，之后与墙壁碰撞，碰撞时间为0.3s，碰后速度大小变为4m/s。当A与B碰撞后会立即粘在一起运动，已知g=10m/s2，求：A与墙壁碰撞过程中，墙壁对小球平均作用力的大小；AB第一次
15、滑上圆轨道所能到达的最大高度h。十一模物理答案题号1415161718192021答案DCBDDADCDBC22.(6分) （每空1.5分）题答案：静止(或稳定、平衡、不动) ；三细线的方向(至少记录L1、L3的方向)；结点O的位置 F与F的图示重合（或基本重合）（F大小与F相等，方向相同）23.（9分）（1）D （2分）； C （2）（2分） （2分）（3） （3分）24. (14分)（1）由v-t图象可知，飞机加速度：a=（2分）加速度大小为30m/s2对飞机，由牛顿第二定律得：（2分）解得：T=5.5105N； （2分）（2）由图象面积可知，从t1时刻至t2时刻，飞机的位移为s1=80m
16、， （2分）从t2时刻至飞机停止，飞机的位移为s2=2m， （2分）从t2时刻至飞机停止，由动能定理得：（2分）解得：W=9105J （2分）25.（18分）解析：(1)设粒子在P点时的动能为Ek，则初动能为2Ek，在M点的动能为1.25Ek.由于洛伦兹力不做功，粒子从O点到P点和从P点到M点的过程中，电场力做的功大小分别为W1、W2，由动能定理得：W1Ek2Ek （2分）W21.25EkEk（2分）则. （2分）(2)O点、P点及M点的电势差分别为：UOPUOM （2分）设OP连线上与M点电势相等的点为D，由几何关系得OP的长度为5 m，沿OP方向电势下降则：得OD3.75 m，设OP与x轴
17、的夹角为，则sin （2分） D点的坐标为xDODcos3 m， 1分yDODsin2.25 m 1分即：D(3,2.25)(3)由于OD3.75 m，而OMcosMOP3.75 m，所以MD垂直于OP，由于MD为等势线，因此OP为电场线，方向从O到P带电粒子从P到M过程中做类平抛运动，设运动时间为t 2分则DPt2， 2分又DPOPOD1.25 m解得：t0.5 s. 2分答案：(1)4 (2)D(3, 2.25)(3)0.5 s33.答案(1)BCE（5分）解析(2)设末状态右侧管内水银面比左侧高hp1p0，p2p0水银gh(2分)p1l1S(p0水解gh)l2S (2分)设加入的水银柱长
18、为x，x2(l1l2)h (1分)解得：x35 cm (1分)由热力学第一定律，E=Q+W （1分）内能不变E=0 , （1分）外界对气体做正功，故气体放热(2分)34（1）ABD（5分）(2)解析： 入射光线，法线，折射光线齐全正确，即为 （2分）由折射定律n，得sinr（3分）r30由几何关系及对称性，有r=(ir)+ /2 (其他几何关系得也给分)（3分）把r30，i45代入得30 （2分）35.(1)ACE（5分）（2）解：A与墙碰撞过程，规定水平向左为正，对A由动量定理有：解得F=50N （3分）A与B碰撞过程，对A、B系统水平方向动量守恒有：（2分）A、B滑上斜面到最高度的过程，对A、B、C系统水平方向动量守恒有：（2分）由能量关系：（2分）得h=0.3m （1分）
