牛栏山一中高一上期中物理Word文档下载推荐.docx
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A.μmgcosθB.μmgsinθC.mgcosθD.mgsinθ
7.(3分)物体从静止开始做匀加速直线运动,测得它在第ns内的位移为x,则物体运动的加速度为( )
A.
B.
C.
D.
8.(3分)物体做直线运动,速度﹣时间图象如图所示.由图象可以判断( )
A.第3s末和第5s末物体的位置相同
B.第1s末物体的速度改变方向
C.前2s物体的位移之和为零
D.第1s末物体相对于出发点的位移改变方向
9.(3分)轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标,近年来,一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时,提出了一个新的概念,叫做“加速度的变化率”,用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢.轿车的加速度变化率越小,乘坐轿车的人感觉越舒适.下面四个单位:
中,适合做加速度变化率单位的是( )
A.m/sB.m/s2C.m/s3D.m/s4
10.(3分)如图所示,修建铁路、公路的路基时,允许的边坡倾角最大值叫做“自然休止角”,如果边坡超过自然休止角α会导致路基不稳定,关于α与土壤颗粒之间的动摩擦因数µ
的关系,下列说法中正确的是( )
A.tanα>μB.tanα<μC.tanα=μD.α与μ无关
二、不定项选择题:
(共5小题,共20分.在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)
11.(4分)作用在一个物体上的3个共点力,下面哪些组合力不可能为零( )
A.1N3N6NB.10N2N5NC.8N5N9ND.5N5N9N
12.(4分)一质点做直线运动,t=t0时,x>0,v>0,a>0,此后a逐渐减小至零,则( )
A.速度的变化越来越慢B.速度逐步减小
C.位移继续增大D.位移、速度始终为正值
13.(4分)物体甲的s﹣t图象和物体乙的v﹣t图象分别如图所示,则这两个物体的运动情况是( )
A.甲在整个t=6s时间内有来回运动,它通过的总位移为零
B.甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变,它通过的总位移大小为4m
C.乙在整个t=6s时间内有来回运动,它通过的总位移为零
D.乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变,它通过的总位移大小为4m
14.(4分)如图所示,汽车B在水平路面上以相对于地面的速度v1向右运动,车上的货物A以相对于地面的速度v2向右运动.下列判断正确的是( )
A.若v1<v2,货物A受到了汽车B所施加的向右的滑动摩擦力
B.若v1<v2,汽车B受到了货物A所施加的向右的滑动摩擦力
C.若v1>v2,货物A受到了汽车B所施加的向左的滑动摩擦力
D.若v1>v2,汽车B受到了货物A所施加的向左的滑动摩擦力
15.(4分)在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法,如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、微元法、建立物理模型法等等.以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是( )
A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法叫假设法
B.根据平均速度定义式v=
,当△t非常非常小时,
就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义应用了极限思维法
C.在用打点计时器研究自由落体运动时,把重物在空气中的落体运动近似看做自由落体运动,这里采用了控制变量法
D.在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用了微元法
三、填空题:
(共5小题,16题、17题每题4分,18题、19题和20题每题各6分,共26分)
16.(4分)在市区,若汽车急刹车时轮胎与路面擦痕(刹车距离)超过10m,行人就来不及避让,因此必须限制车的速度.若刹车加速度大小按5m/s2计算,则限速路程牌上应标出的车速为 m/s.
17.(4分)两个大小相等的力,当它们的夹角为90°
时,合力为F,则这两个力的大小为 N,这两个力的合力最大值为 N.
18.(6分)做“验证力的平行四边形定则”的实验时,步骤如下:
(1)在水平放置的木板上固定一张白纸.
(2)把橡皮条的一端固定在木板的A点,另一端连接两根绳套.
(3)通过绳套用两个互成角度的弹簧测力计来拉橡皮条使橡皮条与细绳套的结点伸长到某一点O,并记录O点的位置.
(4)此时需记录下两个细绳套的 和两个弹簧测力计的读数F1、F2.
(5)改用一个弹簧测力计把橡皮条与细绳套的结点拉长到 后,再记录下 和弹簧测力计的读数F′.
(6)用铅笔和刻度尺从力的作用点O沿两绳套的方向画直线.选好标度,按F1、F2的大小做两个力的图示.用三角板做平行四边形,求得合力F.
(7)比较一下,力F′与用平行四边形定则求得的合力F的大小和方向是否相同.
19.(6分)在做“研究匀变速直线运动”实验中,打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示,计数点A、B、C…点间的时间间隔均为 s,从图中给定的长度,求出小车的加速度大小是 m/s2,打下C点时小车的速度大小是 m/s.(结果保留两位有效数字)
20.(6分)在探究“弹簧的弹力与伸长的关系”实验中,通过在悬挂的弹簧下面加挂钩码,逐渐使弹簧伸长,得到以下的数据.由数据在坐标中画出图象.
由此得到结论:
.
弹簧的劲度系数k= N/m.(取两位有效数字)
钩码个数
1
2
3
4
5
6
弹簧弹力F(N)
0.50
1.00
1.50
2.00
2.50
3.00
弹簧伸长x(cm)
1.20
2.40
3.60
4.76
6.10
7.10
四、计算题:
(共4小题,共44分.解答要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,直接写出最后答案的不得分.其中23题要画出运动情境图,22题和24题画出受力分析图,否则不给分)
21.(10分)“长征5号”火箭于2016年11月3日20时43分在文昌卫星发射中心成功发射升空,成为中国运载能力最大的火箭.“长征5号”火箭点火升空时,经过3s速度达到45m/s,设火箭上升可看作匀加速运动,
(1)升空时的加速度为多大?
(2)它在这3s内上升的高度为多少米?
22.(10分)如图,用一根绳子a把物体挂起来,再用另一根水平的绳子b把物体拉向一旁固定起来.物体的重力是50N,绳子a与竖直方向的夹角θ=37°
,绳子a与b对物体的拉力分别是多大?
(sin37°
=0.6,cos37°
=0.8不画受力分析示意图不给分,要求用正交分解法做,其他做法不给分)
23.(12分)“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质.测定时,在平直跑道上,受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前,当听到“跑”的口令后,全力跑向正前方10米处的折返线,测试员同时开始计时,受试者到达折返线处时,用手触摸折返线的物体(如木箱),再转身跑向起点终点线,当胸部到达终点线的竖直面时,测试员停表,所用时间即为“10米折返跑”的成绩.设受试者起跑的加速度为4m/s2,运动过程中的最大速度为4m/s,快到达折返线处时需减速到零,减速的加速度为8m/s2,返回时达到最大速度后不需减速,保持最大速度冲线.求该受试“10米折返跑”的成绩为多少秒?
24.(12分)如图所示,原长分别为L1=0.1m和L2=0.2m、劲度系数分别为k1=100N/m和k2=200N/m的轻质弹簧竖直悬挂在天花板上.两弹簧之间有一质量为m1=0.5kg的物体,最下端挂着质量为m2=0.3kg的另一物体,整个装置处于静止状态.g=10N/kg
(1)这时两个弹簧的总长度为多大?
(2)若用一个质量为M的平板把下面的物体竖直缓慢地向上托起,直到两个弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和,求这时平板施加给下面物体m2的支持力多大?
物理试题答案
1.【解答】路程、时间、质量都是只有大小没有方向的标量,而速度是既有大小又有方向的矢量.故C正确,ABD错误.
故选:
C.
2.【解答】A、加速度与速度的变化率有关,当速度大或速度变化大,都不会影响加速度变化,只有速度变化率大,加速度才一定大.故A错误;
B、速度的变化越快,加速度一定越大,故B正确;
C、速度的变化越大,加速度不一定越大,故C正确;
D、速度为零,则加速度不一定为零,只有速度变化为零,加速度才为零.故D错误;
B
3.【解答】A、当二力反向时,合力等于二力大小之差,合力有可能小于分力,故A错误;
B、如果两个分力大小相等、方向相反时,两个力的合力为零,合力小于每一个分力,故B错误;
C、当两个分力大小相等方向相反时,合力等于0,合力小于任意分力,故C正确;
D、当两个分力大小相等,夹角为120°
时,合外力和两个分力的大小相等,故D错误;
4.【解答】人站在自动扶梯上,人受到竖直向下的重力作用和竖直向上的支持力作用,人相对于扶梯是静止的,没有运动也没有运动趋势,人不受摩擦力作用,只受重力和台阶的支持力.
5.【解答】允许行驶的最大速度表示在某一位置的速度,是瞬时速度.到银川还有100km,100km是运动轨迹的长度,是路程.
D.
6.【解答】由于木块保持不动,故木块所受的摩擦力为静摩擦力,而物体沿斜面方向合外力等于0,所以静摩擦力大小等于物体重力沿斜面方向的分力.
故有f=mgsinθ
故D正确.
故选D.
7.【解答】第ns内的位移x=
解得a=
.故D正确,A、B、C错误.
8.【解答】A、根据速度图线与t轴所围面积表示运动位移,图形在t轴上方表示位移为正,图形在t轴下方表示位移为负,则知,3﹣5s内物体通过的位移为0,所以第3s末和第5s末物体的位置相同,故A正确.
B、1s末前后对应速度值均为正,故速度方向没有改变,故B错误;
C、根据“面积”表示位移,知前2s物体的位移之和不为零,故C错误;
D、第1s内与第2s内对应图形的面积都在t轴上方,即代表位移均为正,故第1s内与第2s内的位移方向相同,第1s末物体相对于出发点的位移方向不变,故D错误;
A
9.【解答】速度=
,故速度单位为:
米/秒;
速度变化=末速度﹣初速度,故速度变化量单位为:
速度变化率=
,故速度变化率单位为:
米/秒2;
加速度变化率=
,故加速度变化率单位为:
米/秒3;
10.【解答】对路基上的土壤颗粒进行受力分析,如图所示
垂直于斜面方向:
N=Gcosα,平行于斜面方向:
f=Gsinα,且f=μN,由以上三个关系式可得tanα=μ.选项ABD错误,C正确;
故选C.
11.【解答】A、1N、3N的合力范围为[2N,4N],6N不在合力范围内,则合力不能为零.故A错误.
B、10N、2N的合力范围为[8N,12N],5N不在合力范围内,则合力不能为零.故B错误.
C、8N、5N的合力范围为[3N,13N],9N在合力范围内,则合力能为零.故C正确.
D、5N、5N的合力范围为[0N,10N],9N在合力范围内,合力可能为零,故D正确.
本题选择错误的,故选:
AB.
12.【解答】A、加速度反映速度变化快慢,加速度逐渐减小,则知速度变化越来越慢.故A正确.
B、v>0,a>0,说明加速度方向与速度同向,所以速度逐渐增大.故B错误.
C、因为速度始终大于零,运动方向不变,则位移一直增大.故C正确.
D、位移始终是正值,速度始终是正值.故D正确.
ACD.
13.【解答】A、甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动,6s时达到正向的2m处,故总位移为4m,故A错误;
B、根据斜率等于速度,可知,甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变,它通过的总位移大小为4m,故B正确;
CD、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动,3s后做正向的匀加速直线运动,图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移,故总位移为零,故C正确,D错误;
BC
14.【解答】AB、若v1<v2,则A相对B向右运动,故B对A施加向左的滑动摩擦力,汽车B受到了货物A所施加的向右的滑动摩擦力,故A错误,B正确.
CD、若v1>v2,则A相对B向左运动,故B对A施加向右的滑动摩擦力,汽车B受到了货物A所施加的向左的滑动摩擦力,故C错误,D正确;
BD
15.【解答】A、在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法,采用了建立理想化物理模型的方法,故A错误;
B、根据平均速度定义式v=
,当△t非常非常小时,就可以用
表示物体在t时刻的瞬时速度,这是应用了极限思想方法,故B正确;
C、在用打点计时器研究自由落体运动时,把重物在空气中的落体运动近似看做自由落体运动,这里采用理想模型法.故C错误;
D、在推导匀变速运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用了微元法.故D正确;
16.【解答】汽车刹车时做匀减速直线运动,末速度为零,
根据位移速度公式有:
则:
故答案为:
10
17.【解答】设这两个力的大小为f.由题:
两个大小相等的力,当它们的夹角为90°
时,合力为F,则有
得到f=
.这两个力的合力最大值为Fmax=2f=
.
;
18.【解答】进行实验时在明确实验原理以及实验目的基础上,要先进行实验设备的安装,即先在桌面上放一块方木板,在木板上垫一张白纸,把橡皮条一端固定在木板的某点,然后进行实验和有关数据的测量,最后进行数据处理和仪器的整理.
所以第四步需记录下两个细绳套的方向和两个弹簧测力计的读数F1、F2.
第五步改用一个弹簧测力计,需要把橡皮条与细绳套的结点拉长到O点的位置,与开始时的效果相同,然后再记录下F′的方向和弹簧测力计的读数F′.
(4)方向;
(5)O点的位置;
F′的方向.
19.【解答】由图可知,计数点间还有4个点,因此计数点A、B、C…点间的时间间隔均为T=5×
0.02=0.10s,
由题意可知:
x1=5.0cm,x2=14.0﹣5.0=9cm,x3=27.0cm﹣14.0vm=13cm,x4=44.0cm﹣27.0cm=17cm
所以根据逐差法有:
△x=aT2,其中△x=4cm,T=0.1s,故带入数据解得:
a=4.0m/s2.
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,有:
vC=
=
m/s=1.1m/s
0.10;
4.0;
1.1.
20.【解答】
(1)弹力与伸长量的关系图线如图所示,
知道弹簧的弹力与伸长量成正比.
(2)图线的斜率表示劲度系数,则k=
(1)弹簧的弹力与伸长成正比;
(2)42或43.
21.【解答】解:
(1)由V=at
得a=
=15m/s2
(2)由h=
得h=
=67.5m
答:
(1)升空时的加速度为15m/s
(2)它在这3s内上升的高度为67.5米
22.【解答】解:
以物体为研究对象进行受力分析,作出力图如图所示.
设绳子A对物体的拉力大小为FA,绳子B对物体的拉力大小为FB:
以水平方向为x轴,竖直方向为y轴建立直角坐标系,
由共点力的平衡条件得:
FB﹣FAsin37°
=0①
FAcos37°
﹣G=0②
代入数据联立求解①②得
FA=62.5N,FB=37.5N
绳子a和b对物体的拉力分别是62.5N、37.5N.
23.【解答】解:
对受试者,由起点终点线向折返线运动的过程中
加速阶段据运动学公式得:
t1=
=1s;
s1=
vmt1=2m
减速阶段据运动学公式得:
t3=
=0.5s;
s3=
vmt3=1m
匀速阶段:
t2=
=1.75s
由折返线向起点终点线运动的过程中
t4=
s4=
vmt4=2m
ts=
=2s
受试者“10米折返跑”的成绩为:
t=t1+t2+…t5=1s+0.5s+1.75s+1s+2s=6.25s.
该受试“10米折返跑”的成绩为6.25秒.
24.【解答】解:
(1)劲度系数为k1轻质弹簧设它的伸长量为x1,根据胡克定律有:
(m1+m2)g=k1x1,
劲度系数为k2轻质弹簧设它的伸长量为x2,根据胡克定律有:
m2g=k2x2,
这时两个弹簧的总长度为:
L=L1+L2+x1+x2,
代入数据得:
L=0.395m;
(2)用一个平板把下面的物体竖直缓慢地向上托起,直到两个弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和时,下面的弹簧应被压缩x,上面的弹簧被拉伸x.
以m1为对象,根据平衡关系有:
(k1+k2)x=m1g,
以m2为对象,设平板对m2的支持力为FN,根据平衡关系有:
FN=k2x+m2g,
FN=6.33N;
(1)这时两个弹簧的总长度为0.395N;
(2)这时平板施加给下面物体m2的支持力大小为6.33N.
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