广东省揭阳市高二物理第二学期期末考试题Word格式文档下载.docx
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B.A、B两点的场强大小与放置于该点的电荷有关
C.正电荷在A点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相反
D.负电荷在A点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相反
5.用电动势为E、内阻为r的电源对外电路供电,下列判断中正确的是:
A.电源短路时,路端电压为零,电路电流达最大值
B.外电路断开时,电路电流为零,路端电压也为零
C.路端电压增大时,流过电源的电流一定减小
D.路端电压增大时,电源的效率一定增大
6.关于带负电的粒子(重力可忽略不计),下面说法中正确的是:
A.沿电场线方向飞入匀强电场,电场力做功,动能增加
B.垂直电场线方向飞入匀强电场,电场力做功,动能增加
C.垂直磁感线方向飞入匀强磁场,磁场力不做功,动能不变
D.沿磁感线方向飞入匀强磁场,磁场力做功,动能增加
7.如图3所示,理想变压器的初、次级线圈分别接着定值电阻
、
,且
,初、次级线圈的匝数比
,交流电源电压为U,则:
A.
两端的电压为
B.
C.
D.
8.电荷在匀强磁场内的运动轨迹可能是:
A.直线 B.圆
C.抛物线 D.等距螺线
9.如图4所示,线圈A插在线圈B中,线圈B与电流表接成闭合电路,线圈A与蓄电池、开关、滑动变阻器组成另一个电路,用此装置来研究电磁感应现象,下列说法正确的是:
A.开关闭合瞬间,电流表指针发生偏转
B.开关闭合稳定后电流表指针发生偏转
C.开关断开瞬间,电流表指针发生偏转
D.开关闭合和断开瞬间,电流表指针都不发
生偏转
10.下列说法正确的是:
A.用交流电压表测量电压时,指针来回摆动
B.我国电网中交变电流1s内电流的方向改变100次
C.如果交流的最大值是5A,则最小值为-5A
D.用电器上所标电压值是交流的有效值
11.温度报警器如图5所示.常温下,调整
的阻值使斯密特触发器的输入端A处于低电平,则输出端Y处于高电平,无电流通过蜂鸣器,蜂鸣器不发声;
当温度升高时,热敏电阻
阻值减小,斯密特触发器输入端A电势升高,当达到某一值(高电平),其输出端由高电平跳到低电平,蜂鸣器通电,从而发出报警声,则:
A.R1的阻值不同,报警温度不同
B.R1的阻值不同,报警温度相同
C.要使热敏电阻在感测到更高的
温度时才报警,应减小R1的阻值
D.要使热敏电阻在感测到更高的
温度时才报警,应增大R1的阻值
12.A、B两球在光滑水平面上沿同一直线同向运动。
A、B球的初动量分别是5kg·
m/s和7kg·
m/s,当A球追上B球时发生碰撞,则碰撞后两小球的动量可能值是:
A、PA=6kg·
m/s,PB=6kg·
m/sB、PA=3kg·
m/s,PB=9kg·
m/s
C、PA=-2kg·
m/s,PB=14kg·
m/sD、PA=-5kg·
m/s,PB=15kg·
第二部分非选择题(共102分)
二、非选择题(共8小题,共102分.13、14题为选做题,其中15-20题为必做题,13题考查3-3(含2-2)模块的内容;
14题考查3-4模块的内容.考生必须从两组题中任意选择一组题作答.如果两组都作答,则以第一组为准.考生把答案填在题中的横线上或按题目要求作答,解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)
13.(11分)
(1)一定质量的理想气体的三个
状态在V-T图上用A,B,C三个点表示,如图6所
示。
试比较气体在这三个状态时的压强pA,pB,pC的
大小关系是:
.
(2)某地区1~7月份气压与气温情况如下表所示
月份
1
2
3
4
5
6
7
平均最高气温(0C)
1.4
3.9
10.7
19.6
26.7
30.2
30.8
平均大气压(105Pa)
1.021
1.019
1.014
1.008
1.003
0.9984
0.9960
则7月份与1月份相比较空气分子无规则热运动;
单位时间内,空气分子对单位面积地面撞击的次数。
14.(11分)
(1)利用薄膜干涉原理,可以检验光学平面是否平整,这时的薄膜是透明标准样板和被检平面间形成的一层__________。
若表面是平的,产生的干涉条纹是_______;
若表面某些地方凹下或凸起,产生的干涉条纹就会_______。
(2)如图7所示为简谐振动图像。
质点的振幅为cm,它的
周期为s。
质点在与a、b
对应的时刻,物理量具有最大值有:
。
15.(12分)
(1)多用电表中“+”孔插______(红、黑)表笔,测电流时电流是从该表笔流______(填“进”或“出”),欧姆表内部电池的正极是接______(填“红”或“黑”)表笔的。
(2)一学生使用多用电表测电阻,他在实验中有违反使用规则之处。
他的主要实验步骤如下:
A.把选择开关置于“×
1”欧姆挡;
B.把表笔插入插孔中,先把两表笔相接触,旋转调零旋钮,使指针指在电阻刻度的零位上;
C.把两表笔分别与某一待测电阻的两端相连,发现这时指针偏转角度较小;
D.换用“×
100”挡,发现这时指针偏转适中,随即记下电阻值;
E.把表笔从插孔中拔出后,就把多用表放回桌上原处,实验完毕。
这个学生已经注意到在测量时待测电阻与其它元件或电源断开,不用手碰表笔的金属杆。
这个学生在实验中哪一个或哪些步骤违反了使用规则?
并指出正确的使用规则。
(3)调零后,用“×
10”挡测量一个电阻的阻值,发现表针偏转角度很大,正确的判断和做法是:
A.这个电阻阻值很小
B.这个电阻阻值很大
C.为了把电阻测得更准一些,应换用“×
1”档,重新测量
D.为了把电阻测得更准一些,应换用“×
100”档,重新测量
16.(12分)某同学在做《自来水电阻率的测定》课题时,先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极,用如图8所示电路进行测量.两电极相距L=0.700m,其间充满待测的自来水.图中器材如下:
电压表(量程15V,内阻约30kΩ)、电流表(量程300μA,内阻约50Ω)、滑动变阻器(100Ω,1A)、电池组(电动势E=12V,内阻r=6Ω)、单刀单掷开关一个、导线若干。
表1是他测量通过管中自来水柱的电流及两端电压的实验数据.实验中他还用20分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径,结果如图9所示
表1
U/V
1.0
3.0
5.0
7.0
9.0
11.0
I/μA
22
65
109
155
190
240
根据以上材料请回答下面的问题:
(1)玻璃管内径d的测量值为cm;
(2)根据表1数据求出电阻R=Ω;
(3)用直接测量值计算自来水电阻率的公式是ρ=,测量值为Ω·
m(保留两位有效数字);
(4)请在虚线框内画出测量自来水电阻的电路图。
17.(14分)如图10所示,在光滑绝缘的水平面上,有一静止在A点质量为m=1.0×
10-3kg带负电的小球.现加一水平方向的匀强电场使小球由A点运动到B点,电场力做功为W=0.2J,已知AB两点间距离为L=0.1m,电势差为U=20V.
⑴判断匀强电场的场强方向并计算电场强度E的大小和小球的电量q;
⑵计算小球运动的加速度的大小和到达B点时的速率v.
18.(16分)如图11所示。
质量为m的小球A放在光滑水平轨道上,小球距左端竖直墙壁为s。
另一个质量为M=3m的小球B以速度v0沿轨道向左运动并与A发生正碰,已知碰后A球的速度大小为1.2v0,小球A与墙壁的碰撞过程中无机械能损失,两小球均可视为质点,且碰撞时间极短。
求:
(1)两球发生第一次碰撞后小球B的速度大小和方向。
(2)两球发生碰撞的过程中A球对B球做功的大小及两球发生碰撞的过程中损失的机械能。
(3)两球发生第二次碰撞的位置到墙壁的距离。
19.(18分)如图12,光滑平行的水平金属导轨MN、PQ相距l,在M点和P点间接一个阻值为R的电阻,在两导轨间OO1O1′O′矩形区域内有垂直导轨平面竖直向下、宽为d的匀强磁场,磁感强度为B。
一质量为m,电阻为r的导体棒ab,垂直搁在导轨上,与磁场左边界相距d0。
现用一大小为F、水平向右的恒力拉ab棒,使它由静止开始运动,棒ab在离开磁场前已经做匀速直线运动(棒ab与导轨始终保持良好的接触,导轨电阻不计)。
(1)棒ab在离开磁场右边界时的速度;
(2)棒ab通过磁场区的过程中整个回路所消耗的电能;
(3)试分析讨论ab棒在磁场中可能的运动情况。
20.(19分)如图13所示,在某装置中有一匀强磁场,磁感应强度为B,方向垂直于xOy所在的纸面向外.某时刻在x=L0、y=0处,一质子沿y轴的负方向进入磁场;
同一时刻,在x=-L0、y=0处,一个α粒子也进入磁场,速度方向与磁场垂直.不考虑质子与α粒子的重力及其间的相互作用力.设质子的质量为m、电量为e.
⑴如果质子经过坐标原点O,它的速度为多大?
⑵如果α粒子与质子在坐标原点O相遇,α粒子的速度应为何值?
物理试题参考答案
一、本题共12小题,每小题4分,共48分.
题号
8
9
10
11
12
答案
ABD
B
A
AD
ACD
BC
AC
BD
13.(11分)
(1)
pA<pC<pB(5分)
(2)加剧;
减少(每空3分)
14.(11分)
(1)空气层;
(2分)明暗相间直条纹;
(2分)弯曲(1分)
(2)5cm;
(1分)0.4s;
(2分)位移,回复力,加速度,势能(3分,少答一个扣1分,答错一个得0分)
15.(12分)
(1)答案:
红(1分);
进(1分);
黑(2分).
(2)答案:
D.先调零后再测R;
E.将选择开关置于“OFF”或交流电压最大挡。
(4分)
(3)答案:
AC(4分)
16.(12分)
(1)3.075cm;
(2分)
(2)R=4.6×
104Ω(2分)
(3)ρ=
(2分)49Ω·
m;
17.解
(1)电场的场强方向水平向左(2分)
电场强度大小为:
小球从A运动到B过程中,电场力做功:
由上式得小球的带电量为:
(2)小球运动的加速度大小为:
小球从A运动到B过程中,根据动能定理得:
即小球运动到达B点时的速率为:
18.解:
(1)A、B两球碰撞过程动量守恒,即
Mv0=MV+mv(2分)
根据已知M=3m,v=1.2v0代入上式得:
V=0.6v0样(2分)
方向与B球碰撞前的速度方向相同(2分)
(2)A球对B球所做功的大小等于B球动能的减少量
所以A球对B球所做功的大小为:
W=
Mv02-
MV2=0.96mv02(3分)
两球发生碰撞的过程中损失的机械能为:
(3分)
(3)设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x,则A球以1.2v0的速度运动的距离为s+x,B球以0.6v0运动的距离为s–x,A、B两球运动的时间相等,即有
(3分)
解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁:
(1分)
19解:
(1)ab棒离开磁场右边界前做匀速运动的速度为V,产生的电动势为:
①(1分)
电路中电流:
②(2分)
对ab棒,由平衡条件得:
F-BIl=0③(2分)
由①②③解得:
④(2分)
(2)由能量守恒定律:
⑤(3分)
解得:
⑥(2分)
(3)设棒刚进入磁场时速度为V0,则:
当V0=V,即
时,棒做匀速直线运动;
当V0<V,即
时,棒做先加速后匀速直线运动;
(2分)
当V0>V,即
时,棒做先减速后匀速直线运动;
20解:
(1)由题意知质子轨道半径:
rp=
L0①(1分)
对质子应用牛顿第二定律得:
eBrp=
②(2分)
由①②解得:
③(2分)
(2)质子做圆周运动的周期:
Tp=
④(2分)
与α粒子做圆周运动的周期:
Tα=
=
⑤(2分)
质子通过O点的时刻为:
t=
Tp、
Tp、⑥(2分)
要使两粒子在O点相遇,则t=
、⑦(2分)
也就是说α粒子出发点与O点之间的连线必为其
圆周或
圆周所对的弦(如图)
所以α粒子的轨道半径:
rα=
⑧(2分)
据牛顿第二定律得:
⑨(2分)
解得:
⑩(2分)
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