江苏卷Word文件下载.docx
- 文档编号:19993770
- 上传时间:2023-01-13
- 格式:DOCX
- 页数:15
- 大小:167.90KB
江苏卷Word文件下载.docx
《江苏卷Word文件下载.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《江苏卷Word文件下载.docx(15页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
图3
A.
C.
-(m+M)g
D.
+(m+M)g
5.A [解析]当木块所受的摩擦力最大时加速度最大,力F最大,对木块分析可得2f-Mg=Ma,对夹子和木块两个物体的整体进行分析可得F-(M+m)g=(M+m)a,联立两式可求得F=
,A项正确.
图4
6.[2012·
江苏卷]如图所示,相距l的两小球A、B位于同一高度h(l、h均为定值).将A向B水平抛出的同时,B自由下落.A、B与地面碰撞前后,水平分速度不变,竖直分速度大小不变、方向相反.不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间,则( )
A.A、B在第一次落地前能否相碰,取决于A的初速度
B.A、B在第一次落地前若不碰,此后就不会相碰
C.A、B不可能运动到最高处相碰
D.A、B一定能相碰
6.AD [解析]A做平抛运动,竖直方向的分运动为自由落体运动,满足关系式h=
gt2,水平方向上为匀速直线运动,满足关系式x=vt,B做自由落体运动,因为A、B从同一高度开始运动,因此两者在空中同一时刻处于同一高度,即使两者与地面撞击,反弹后在空中也是同一时刻处于同一高度,而A在水平方向一直向右运动,因此A、B肯定会相碰,D项正确;
当A的水平速度v足够大时,有可能在B未落地前二者相碰,因此A、B在第一次落地前能否相碰,取决于A的初速度,A项正确.
图5
A.家庭电路正常工作时,L2中的磁通量为零
B.家庭电路中使用的电器增多时,L2中的磁通量不变
C.家庭电路发生短路时,开关K将被电磁铁吸起
D.地面上的人接触火线发生触电时,开关K将被电磁铁吸起
7.ABD [解析]由于火线和零线并行绕制,所以在家庭电路正常工作时,火线和零线的电流大小相等,方向相反,因此合磁通量为零,L2中的磁通量为零,A项正确;
当家庭电路中使用的电器增多时,火线和零线的电流仍然大小相等,方向相反,L2中的磁通量不变,B项正确;
家庭电路发生短路时,火线和零线的电流同时增大,合磁通量仍然为零,因此开关K不会被电磁铁吸起,C项错误;
当地面上的人接触火线发生触电时,火线的电流突然变大,即L1中的磁场发生变化,导致L2中的磁通量变化,L2中产生感应电流,电磁铁将开关K吸起,D项正确.
8.[2012·
江苏卷]2011年8月,“嫦娥二号”成功进入了环绕“日地拉格朗日点”的轨道,我国成为世界上第三个造访该点的国家.如图所示,该拉格朗日点位于太阳和地球连线的延长线上,一飞行器处于该点,在几乎不消耗燃料的情况下与地球同步绕太阳做圆周运动,则此飞行器的( )
图6
A.线速度大于地球的线速度
B.向心加速度大于地球的向心加速度
D.向心力仅由地球的引力提供
8.AB [解析]飞行器与地球绕太阳同步做圆周运动,它们的周期相同,角速度也相同,由v=rω,a=rω2,可知半径越大,线速度越大,向心加速度也越大,A、B正确;
飞行器的向心力由太阳和地球的合力来提供,C、D错误.
9.[2012·
江苏卷]如图所示,MN是磁感应强度为B的匀强磁场的边界.一质量为m、电荷量为q的粒子在纸面内从O点射入磁场.若粒子速度为v0,最远能落在边界上的A点.下列说法正确的有( )
图7
A.若粒子落在A点的左侧,其速度一定小于v0
B.若粒子落在A点的右侧,其速度一定大于v0
C.若粒子落在A点左右两侧d的范围内,其速度不可能小于v0-
D.若粒子落在A点左右两侧d的范围内,其速度不可能大于v0+
9.BC [解析]带电粒子沿垂直边界的方向射入磁场时,落在边界上的点离出发点最远,当入射方向不是垂直边界的方向时,落在边界上的点与出发点的距离将小于这个距离,即速度大于或等于v0,但入射方向不是90°
时,粒子有可能落在A点的左侧,A项错误;
但粒子要落在A点的右侧,其速度一定要大于临界速度v0,B项正确;
设OA之间距离为L,若粒子落在A点两侧d范围内,则以最小速度v入射的粒子做圆周运动的直径应为L-d,由洛伦兹力提供向心力,qvB=
,qv0B=
,解得v=v0-
,C项正确;
由于题中没有强调粒子的入射方向,因此无法确定速度的最大值,D项错误.
10.[2012·
江苏卷]如图所示的黑箱中有三只完全相同的电学元件,小明使用多用电表对其进行探测.
图8
(1)在使用多用电表前,发现指针不在左边“0”刻度线处,应先调整图中多用电表的________(选填“A”、“B”或“C”).
(2)在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a、b接点间是否存在电源时,一表笔接a,另一表笔应______(选填“短暂”或“持续”)接b,同时观察指针偏转情况.
(3)在判定黑箱中无电源后,将选择开关旋至“×
1”挡,调节好多用电表,测量各接点间的阻值.测量中发现,每对接点间正反向阻值均相等,测量记录如下表.两表笔分别接a、b时,多用电表的示数如图所示.
请将记录表补充完整,并在黑箱图中画出一种可能的电路.
两表笔接的接点
多用电表的示数
a、b
________Ω
a、c
10.0Ω
b、c
15.0Ω
10.[答案]
(1)A
(2)短暂
(3)5.0 如图所示
[解析]
(1)在使用多用电表时发现指针不在左边“0”刻度线处,则需要进行机械调零,即调节A;
(3)每对接点间正反向电阻相等,说明黑箱中只有电阻,由于选择开关选择的是“×
1”挡,因此两表笔分别接a、b时,多用电表的示数从表盘中读出为5.0Ω;
根据表格中数据,可知各接点间的电阻连接如图所示.
11.[2012·
江苏卷]为测定木块与桌面之间的动摩擦因数,小亮设计了如图所示的装置进行实验.实验中,当木块A位于水平桌面上的O点时,重物B刚好接触地面.将A拉到P点,待B稳定后静止释放,A最终滑到Q点.分别测量OP、OQ的长度h和s.改变h,重复上述实验,分别记录几组实验数据.
图9
图10
(1)实验开始时,发现A释放后会撞到滑轮.请提出两个解决方法.
(2)请根据下表的实验数据作出s-h关系的图象.
h(cm)
20.0
30.0
40.0
50.0
60.0
s(cm)
19.5
28.5
39.0
48.0
56.5
(3)实验测得A、B的质量分别为m=0.40kg、M=0.50kg.根据s-h图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数μ=________.(结果保留一位有效数字)
(4)实验中,滑轮轴的摩擦会导致μ的测量结果______(选填“偏大”或“偏小”).
(2)如图所示
(3)0.4
(4)偏大
[解析]
(1)实验开始时发现A释放后会撞到滑轮,主要是加速度过大或加速时间过长,可以通过减小B的质量或增大A的质量来减小加速度,通过增加细线的长度或降低B的起始高度来缩短加速时间.
(2)s-h图象如图所示.
(3)本实验测动摩擦因数的原理是动能定理,即由Mgh-μmgh=
(M+m)v2,-μmgs=-
mv2,求得s=
h,图象的斜率k=
,即
=
,解得μ=0.4.
(4)本实验测动摩擦因数的原理是动能定理,如果考虑克服滑轮摩擦做功W,则Mgh-μmgh-W=
mv2,求得μ=
,如果忽略克服滑轮摩擦做功,则动摩擦因数偏大.
12.A.[2012·
江苏卷]
(1)下列现象中,能说明液体存在表面张力的有________.
A.水黾可以停在水面上
B.叶面上的露珠呈球形
C.滴入水中的红墨水很快散开
D.悬浮在水中的花粉做无规则运动
(3)如图所示,一定质量的理想气体从状态A经等压过程到状态B.此过程中,气体压强p=1.0×
105Pa,吸收的热量Q=7.0×
102J,求此过程中气体内能的增量.
图11
12.A.[答案]
(1)AB
(2)平均动能 小于
(3)5.0×
102J
[解析]
(1)滴入水中的红墨水很快散开是扩散现象,悬浮在水中的花粉的运动是布朗运动,它说明水分子永不停息地做无规则运动.
(2)温度升高,气体分子的平均动能增加,随着温度的升高,分子速率随时间分布的峰值向分子速率增大的方向移动,因此T1小于T2.
(3)理想气体经历等压变化,由盖-吕萨克定律得
,解得VB=8.0×
10-3m3,对外做的功W=p(VB-VA)=1.0×
105×
(8.0×
10-3-6.0×
10-3)J=2×
102J.
根据热力学第一定律ΔU=Q-W,解得ΔU=7.0×
102J-2.0×
102J=5.0×
12.B.[2012·
(1)如图所示,白炽灯的右侧依次平行放置偏振片P和Q,A点位于P、Q之间,B点位于Q右侧.旋转偏振片P,A、B两点光的强度变化情况是________.
A.A、B均不变 B.A、B均有变化
图12
图13
(2)“测定玻璃的折射率”实验中,在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B,在另一侧再竖直插两个大头针C、D.在插入第四个大头针D时,要使它________.图是在白纸上留下的实验痕迹,其中直线a、a′是描在纸上的玻璃砖的两个边.根据该图可算得玻璃的折射率n=________.(计算结果保留两位有效数字)
(3)地震时,震源会同时产生两种波,一种是传播速度约为3.5km/s的S波,另一种是传播速度约为7.0km/s的P波.一次地震发生时,某地震监测点记录到首次到达的P波比首次到达的S波早3min.假定地震波沿直线传播,震源的振动周期为1.2s,求震源与监测点之间的距离x和S波的波长λ.
12.B.[答案]
(1)C
(2)挡住C及A、B的像 1.8(1.6~1.9都算对) (3)4.2km
[解析]
(1)旋转偏振片P,A处得到的是始终强度相同的偏振光,偏振光再经过偏振片,在B处的光强随着P转动而变化,当Q的透振方向与经过P的偏振光的振动方向垂直时,B处的光强为0.
(3)设P波的传播时间为t,则x=vPt,x=vS(t+Δt)
解得x=
Δt,代入数据得x=1260km
由λ=vST,解得λ=4.2km
12.C.[2012·
(1)如图所示是某原子的能级图,a、b、c为原子跃迁所发出的三种波长的光.在下列该原子光谱的各选项中,谱线从左向右的波长依次增大,则正确的是________.
图14
A B
C D
图15
(2)一个中子与某原子核发生核反应,生成一个氘核,其核反应方程式为________.该反应放出的能量为Q,则氘核的比结合能为________.
12.C.[答案]
(1)C
(2)01n+11H→12H
(3)2∶1 EA-2EB
[解析]
(1)从能级图上可以看出,a光子的能量最大,a光的波长最短,b光子的能量最小,b光的波长最长,因此C选项正确.
(2)核反应过程遵循质量数、电荷数守恒,因此01n+11H→12H;
比结合能即平均每个核子释放的能量,两个核子结合放出Q的能量,比结合能为
.
(3)光子能量ε=hν,动量p=
,且ν=
得p=
,则pA∶pB=2∶1
A照射时,光电子的最大初动能EA=εA-W0.同理,EB=εB-W0
解得W0=EA-2EB
13.[2012·
江苏卷]某兴趣小组设计了一种发电装置,如图所示.在磁极和圆柱状铁芯之间形成的两磁场区域的圆心角α均为
π,磁场均沿半径方向.匝数为N的矩形线圈abcd的边长ab=cd=l、bc=ad=2l.线圈以角速度ω绕中心轴匀速转动,bc和ad边同时进入磁场.在磁场中,两条边所经过处的磁感应强度大小均为B、方向始终与两边的运动方向垂直.线圈的总电阻为r,外接电阻为R.求:
(1)线圈切割磁感线时,感应电动势的大小Em;
(2)线圈切割磁感线时,bc边所受安培力的大小F;
(3)外接电阻上电流的有效值I.
图16
感应电动势Em=4NBlv
解得Em=2NBl2ω
(2)电流Im=
安培力F=2NBIml
解得F=
(3)一个周期内,通电时间t=
T
R上消耗的电能W=Im2Rt
且W=I2RT
解得I=
14.[2012·
江苏卷]某缓冲装置的理想模型如图所示,劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连,轻杆可在固定的槽内移动,与槽间的滑动摩擦力恒为f.轻杆向右移动不超过l时,装置可安全工作.一质量为m的小车若以速度v0撞击弹簧,将导致轻杆向右移动
.轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,且不计小车与地面的摩擦.
(1)若弹簧的劲度系数为k,求轻杆开始移动时,弹簧的压缩量x;
(2)求为使装置安全工作,允许该小车撞击的最大速度vm;
(3)讨论在装置安全工作时,该小车弹回速度v′和撞击速度v的关系.
图17
14.[解析]
(1)轻杆开始移动时,弹簧的弹力F=kx①
且F=f②
③
-f·
-W=0-
mv02④
同理,小车以vm撞击弹簧时,由动能定理得
-fl-W=0-
mvm2⑤
解得vm=
⑥
(3)设轻杆恰好移动时,小车撞击速度为v1,由能量转化与守恒定律,得
mv12=W⑦
由④⑦解得v1=
当v<
时,v′=v
当
≤v≤
时,v′=
15.[2012·
江苏卷]如图所示,待测区域中存在匀强电场和匀强磁场,根据带电粒子射入时的受力情况可推测其电场和磁场.图中装置由加速器和平移器组成,平移器由两对水平放置、相距为l的相同平行金属板构成,极板长度为l、间距为d,两对极板间偏转电压大小相等、电场方向相反.质量为m、电荷量为+q的粒子经加速电压U0加速后,水平射入偏转电压为U1的平移器,最终从A点水平射入待测区域.不考虑粒子受到的重力.
(1)求粒子射出平移器时的速度大小v1;
(2)当加速电压变为4U0时,欲使粒子仍从A点射入待测区域,求此时的偏转电压U;
(3)已知粒子以不同速度水平向右射入待测区域,刚进入时的受力大小均为F.现取水平向右为x轴正方向,建立如图所示的直角坐标系Oxyz.保持加速电压为U0不变,移动装置使粒子沿不同的坐标轴方向射入待测区域,粒子刚射入时的受力大小如下表所示.
射入方向
y
-y
z
-z
受力大小
F
图18
15.[解析]
(1)设粒子射出加速器的速度为v0,由动能定理得
qU0=
mv02
由题意得v1=v0,即v1=
(2)在第一个偏转电场中,设粒子的运动时间为t.
加速度的大小a=
在离开时,竖直分速度vy=at
竖直位移y1=
at2
水平位移l=v1t
粒子在两偏转电场间做匀速直线运动,经历时间也为t
竖直位移y2=vyt
由题意知,粒子竖直总位移y=2y1+y2
解得y=
则当加速电压为4U0时,U=4U1
(3)(a)由沿x轴方向射入时的受力情况可知:
B平行于x轴,且E=
(b)由沿±
y轴方向射入时的受力情况可知:
E与Oxy平面平行.
F2+f2=(
F)2,则f=2F且f=qv1B
解得B=
(c)设电场方向与x轴方向夹角为α.
若B沿x轴方向,由沿z轴方向射入时的受力情况得
解得α=30°
或α=150°
即E与Oxy平面平行且与x轴方向的夹角为30°
或150°
同理,若B沿-x轴方向,E与Oxy平面平行且与x轴方向的夹角为-30°
或-150°
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 江苏