鲁科版高中物理选修11章末测试题及答案全套.docx
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鲁科版高中物理选修11章末测试题及答案全套
鲁科版高中物理选修1-1章末测试题及答案全套
章末综合测评
(一)
(时间:
60分钟 满分:
100分)
一、选择题(本题共8个小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有对但选错或不答的得0分.)
1.用毛皮摩擦橡胶棒,会使橡胶棒带负电.摩擦前后,橡胶棒上的质子数将( )
A.增加 B.减少
C.不变D.先增加后减少
【解析】 摩擦过程中,橡胶棒带负电,是毛皮的电子转移至橡胶棒上,而不是橡胶棒上的质子减少所至,故C正确.
【答案】 C
2.如图1所示,是点电荷Q周围的电场线,以下判断正确的是( )
图1
A.Q是正电荷,A点的电场强度大于B点的电场强度
B.Q是正电荷,A点的电场强度小于B点的电场强度
C.Q是负电荷,A点的电场强度大于B点的电场强度
D.Q是负电荷,A点的电场强度小于B点的电场强度
【解析】 因电场线方向背离点电荷Q,故Q为正电荷;由于电场线的疏密表示场强的大小,A点电场线密,A点的电场强度就大,故选项A正确.
【答案】 A
3.关于点电荷,以下说法正确的是( )
A.所有的带电体在任何情况下都可以看成点电荷
B.带电体的大小和形状对研究它们之间的作用力的影响可以忽略不计时,带电体可以看成点电荷
C.通常把带电小球看成点电荷,带电小球靠得很近时,它们之间的作用力为无限大
D.以上说法都不对
【解析】 带电体的大小和形状对研究它们之间的作用力的影响可以忽略不计时,带电体才可以看成点电荷.故A错,B对;当带电小球靠得很近时,库仑定律不适用,故C错;综合以上可知D错.
【答案】 B
4.(多选)如图2所示,有一带正电的验电器,当一金属球A靠近验电器的小球B(不接触)时,验电器的箔片张角减小,则( )
图2
A.金属球可能不带电
B.金属球可能带负电
C.金属球可能带正电
D.金属球一定带负电
【解析】 箔片张角减小说明箔片上的带电荷量减少,而验电器的电荷总量不变,则小球B上的电荷量增多.A球可能带负电,异种电荷相互吸引改变了验电器上的电荷分布情况;A球也可能不带电,B球与A球发生静电感应现象,也可以使验电器上的电荷分布发生改变,故A、B对.
【答案】 AB
5.如图3是模拟避雷针作用的实验装置,金属板M接高压电源的正极,金属板N接负极.金属板N上有两个等高的金属柱A、B,A为尖头,B为圆头.逐渐升高电源电压,当电压达到一定数值时,可看到放电现象.先产生放电现象的是( )
避雷针模拟实验
图3
A.A金属柱
B.B金属柱
C.A、B金属柱同时
D.可能是A金属柱,也可能是B金属柱
【解析】 根据导体表面电荷分布与尖锐程度有关可知,A金属柱尖端电荷密集,容易发生尖端放电现象,故选项A正确.
【答案】 A
6.雷雨天气,应谨防雷电,下面做法正确的是( )
A.雷雨天气外出时,可以在孤立的高大建筑物和大树下避雨
B.雷雨天气外出时,在空地上应立即蹲下,以免成为雷电的袭击目标
C.雷雨天气外出时,可以在户外打手机
D.在室内,如果听到打雷,应马上关好门窗,以防雷电进屋
【解析】 雷雨天气,为防止雷电袭击,在外出时,不能在户外接打手机,C错误;由于高大建筑物和大树积累电荷较多,易发生尖端放电而遭雷击,故A错误,B正确;在室内,如果听到打雷,应马上关闭用电器,以防雷电袭击,D错误.
【答案】 B
7.如图4所示,电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点.已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零,且PR=2RQ,则( )
图4
A.q1=2q2B.q1=4q2
C.q1=-2q2D.q1=-4q2
【解析】 设PR=2RQ=2r,因为R处的电场强度为零,两点电荷在R处的场强等大反向,由k
=k
,解得q1=4q2,B正确.
【答案】 B
8.光滑绝缘水平面上有一带正电的小球正在做匀速直线运动,当小球运动到a点时突然加上一个平行水平面的电场,发现小球沿曲线abc运动且速率逐渐增大,则下列关于所加电场在b点的电场强度方向合理的是(虚线是曲线在b点的切线)( )
【解析】 由题知,小球原来只受重力和支持力作用,加上电场后,小球运动状态的改变仅由电场力引起,因小球带正电,所受电场力方向(指向轨迹凹侧)与电场强度方向一致,又因小球速率是增加的,所以电场力方向与速度方向夹角应小于90°,C对.
【答案】 C
二、非选择题(本题共4个小题,共52分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不得分.有数值计算的题,答案中应明确写出数值和单位.)
9.(10分)真空中的两个点电荷A、B相距20cm,A带正电QA=4.0×10-10C.已知A对B的吸引力F=5.4×10-8N,则B在A处产生的场强大小是________N/C,方向________;A在B处产生的场强大小是________N/C,方向________.
【解析】 EA=F/QA=135N/C,EB=
=90N/C.
【答案】 135 A指向B 90 A指向B
10.(8分)在真空中有两个点电荷,它们之间距离是L时,相互作用的库仑力大小是F,如果把两个电荷之间的距离缩短10cm,则相互作用的库仑力大小变为4F,由此可知L的大小是________cm.
【解析】 设两个点电荷的电荷量分别为Q1和Q2,由库仑定律,F=k
,4F=k
,所以L=2L′=2(L-0.1m),L=0.2m=20cm.
【答案】 20
11.(16分)如图5所示,一根置于水平面上的光滑玻璃管(绝缘体),内部有两个完全相同的弹性金属球A、B,带电荷量分别为9Q和-Q,从图示位置由静止开始释放,问:
两球再次经过图中位置时,两球的加速度是释放时的多少倍?
图5
【解析】 释放时由库仑定律得F1=k
,
由于两球带异种电荷相互吸引两球相碰后电荷先中和再平分,电量都变为
=4Q
再次回到原位置时,F2=k
所以a1∶a2=F1∶F2=9∶16
即a2变为a1的
倍.
【答案】
倍
12.(18分)把一个电荷量为1.0×10-6C的负电荷q,依次放在带正电的点电荷Q周围的A、B两点,受到的电场力大小分别是FA=5×10-3N,FB=3×
10-3N.
图6
(1)画出负电荷q在A、B两点的受力方向;
(2)求出A、B两点的电场强度;
(3)如在A、B两点依次放上另一个电荷量为q′=1.0×10-5C的正电荷,受到的电场力多大?
【解析】
(1)电荷在A、B两点的受力方向沿着它们与点电荷Q的连线向内.如图中FA、FB所示.
(2)A、B两点的场强大小依次为
EA=
=
N/C=5×103N/C
EB=
=
N/C=3×103N/C
电场强度的方向与放入其中的负电荷的受力方向相反,因此电场强度的方向分别沿着A、B两点与点电荷Q的连线向外(如图所示).
(3)当在A、B两点放上电荷q′时,受到的电场力分别为
FA′=EAq′=5×103×1.0×10-5N=5×10-2N
方向与EA同向
FB′=EBq′=3×103×1.0×10-5N=3×10-2N
方向与EB同向.
【答案】 见解析
章末综合测评
(二)
(时间:
60分钟 满分:
100分)
一、选择题(本题共8个小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分.)
1.把一条导线平行地放在如图1所示的磁针的上方附近,当导线中有电流时,磁针会发生偏转.首先观察到这个实验现象的物理学家是( )
图1
A.奥斯特B.爱因斯坦
C.牛顿D.伽利略
【解析】 当导线中有电流时,磁针会发生偏转,说明电流能够产生磁场,即电流的磁效应,首先观察到电流磁效应现象的是奥斯特.
【答案】 A
2.(多选)关于磁场和磁感线的描述,下列说法中正确的是( )
A.磁感线可以形象地描述各点磁场的方向
B.磁极之间的相互作用是通过磁场发生的
C.磁感线是磁场中客观存在的线
D.磁感线总是从磁铁的北极出发,到南极终止
【解析】 磁感线是为了形象描述磁场而假想出来的有方向的闭合的曲线,实际上并不存在,所以C、D均错.
【答案】 AB
3.磁性水雷是用一个可绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的,军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体,当军舰接近磁性水雷时,就会引起水雷的爆炸,其依据是( )
A.磁体的吸铁性
B.磁极间的相互作用规律
C.电荷间的相互作用规律
D.磁场对电流的作用原理
【解析】 因军舰是一被磁化的磁体,当军舰接近磁性水雷时,因军舰与小磁针磁极间的相互作用,使小磁针转动,从而引起水雷爆炸,故B正确.
【答案】 B
4.19世纪20年代,科学家们已认识到温度差会引起电流,安培考虑到地球自转造成了太阳照射后正面与背面的温度差,从而提出如下假设:
地球磁场是由绕地球的环形电流引起的.该假设中的电流方向是(地理子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线)( )
A.由西往东垂直于子午线
B.由东往西垂直于子午线
C.由南向北沿子午线
D.由赤道向两极沿子午线方向
【解析】 因地磁场的N极在南方,由安培定则可知,若地磁场是由环形电流引起的,则电流方向应由东往西垂直于子午线,B正确.
【答案】 B
5.下列说法正确的是( )
A.只要有电流,周围就存在磁场
B.最早发现电流周围存在磁场的科学家是安培
C.如果在直导线下放置一自由小磁针,通电后小磁针必定发生偏转
D.奥斯特发现电流的磁效应是偶然的,实际上电与磁没有什么联系
【解析】 电流的周围必定存在磁场,故A正确.最早发现电流周围存在磁场的是奥斯特,B错误.当通电直导线在下方产生的磁场与小磁针平行时,小磁针不偏转,故C错误.客观证实电与磁有着密切的联系,故D错误.
【答案】 A
6.一根软铁棒放在磁铁附近被磁化,这是因为在外磁场的作用下( )
A.软铁棒中产生了分子电流
B.软铁棒中分子电流消失
C.软铁棒中的分子电流取向变得杂乱无章
D.软铁棒中的分子电流取向变得大致相同
【解析】 软铁棒未被磁化时,内部各分子电流的取向是杂乱无章的,它们的磁场相互抵消,对外不显磁性,当软铁棒受到外磁场作用时,各分子电流的取向变得大致相同,软铁棒被磁化,两端对外显示出较强的磁性.原子结构理论证实分子电流是存在的,不因为被磁化而产生或消失.正确选项为D.
【答案】 D
7.如图2所示的磁场中竖直放置两个面积相同的闭合线圈S1(左)、S2(右),由图可知穿过线圈S1、S2的磁通量大小关系正确的是( )
图2
A.穿过线圈S1的磁通量比较大
B.穿过线圈S2的磁通量比较大
C.穿过线圈S1、S2的磁通量一样大
D.不能比较
【解析】 线圈S1处的磁感线密集,磁感应强度大;线圈S2处的磁感线稀疏,磁感应强度小,由Φ=BS可知,穿过线圈S1的磁通量比较大,选项A正确.
【答案】 A
8.如图3所示,两根无限长的平行导线水平放置,两导线中均通以向右的、大小相等的恒定电流I,图中的A点与这两导线共面,且到两导线的距离相等,则这两根导线在该点产生的磁场的磁感应强度的合矢量( )
图3
A.方向水平向右B.方向水平向左
C.大小一定为零D.大小一定不为零
【解析】 两电流在A点产生的磁场方向相反、强弱相同,即磁场相互抵消,磁感应强度的矢量和为零,故C正确.
【答案】 C
二、非选择题(本题共4个小题,共52分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不得分.有数值计算的题,答案中应明确写出数值和单位.)
9.(10分)如图4所示在通电螺线管内部中间的小磁针,静止时N极指向右端,则电源的c端为________极,螺线管的a端为________极.
图4
【解析】 根据小磁针的指向可知螺线管的内部磁感线是从左向右,所以螺线管的a端为S极,根据安培定则可判断出电源c端为正极.
【答案】 正 S
10.(12分)面积为2.5×10-2m2的单匝矩形线圈放在匀强磁场中,当线圈平面与磁场方向垂直时,穿过线圈的磁通量是10-3Wb,那么,磁场的磁感应强度是多少?
【解析】 因为Φ=BS,所以B=
=
T=4×10-2T.
【答案】 4×10-2T
11.(18分)在60周年国庆盛典上我国FBC-1“飞豹”新型超声速歼击轰炸机在天安门上空沿水平方向以1.7倍的声速自东向西飞过,该机两翼面积分别为15m2,设北京上空地磁场的竖直分量为0.42×10-4T,试回答下列问题:
(1)该机两翼的磁通量为多少?
(2)若该机花样表演翻转180°飞行,此过程中两机翼磁通量变化量为多少?
【解析】
(1)据磁通量公式得
Φ=0.42×10-4×2×15Wb=1.26×10-3Wb.
(2)磁通量的变化量ΔΦ=2Φ=2.52×10-3Wb.
【答案】
(1)1.26×10-3Wb
(2)2.52×10-3Wb
12.(12分)做奥斯特实验时,把通电导线放在水平面南北方向,小磁针放在它的上方或下方,只要电流足够强,离小磁针足够近,实验都能成功.但是,把通电导线放在水平面东西方向,即使电流很强,离小磁针很近,实验中也不一定能看到小磁针偏转,这是为什么?
【答案】 因为地球本身有地磁场,当无通电导线时,小磁针静止时也会达到N极指向北的状态,所以当导线在水平面东西方向放置时,实验中不一定能看到小磁针偏转.
章末综合测评(三)
(时间:
60分钟 满分:
100分)
一、选择题(本题共8个小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分.)
1.发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代.其中电动机依据的物理原理是( )
A.磁场对电流的作用 B.磁铁间的相互作用
C.惯性定律D.万有引力定律
【解析】 电动机依据的物理原理是磁场对电流的作用.
【答案】 A
2.(多选)关于洛伦兹力的特点下列说法正确的是( )
A.洛伦兹力既垂直磁场方向又垂直电荷运动方向
B.洛伦兹力是运动电荷在磁场中受到的力,静止的电荷不会受到洛伦兹力
C.当电荷运动方向和磁场方向相同或相反的时候,电荷不受洛伦兹力
D.只要电荷放在磁场中,就一定受到洛伦兹力
【解析】 静止的电荷在磁场中不受洛伦兹力,当电荷运动方向与磁场方向平行时,也不受洛伦兹力,故只有D错误.
【答案】 ABC
3.来自宇宙的质子流,以与地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一点,则这些质子在进入地球周围的空间时,将( )
A.竖直向下沿直线射向地面
B.相对于预定地点,稍向东偏转
C.相对于预定地点,稍向西偏转
D.相对于预定地点,稍向北偏转
【解析】 地球表面地磁场方向由南向北,质子是氢原子核,带正电.根据左手定则可判定,质子自赤道上空竖直下落过程中受洛伦兹力方向向东.
【答案】 B
4.如图1所示的四个实验现象中,不能表明电流能产生磁场的是( )
甲 乙 丙 丁
图1
A.图甲中,导线通电后磁针发生偏转
B.图乙中,通电导线在磁场中受到力的作用
C.图丙中,当电流方向相同时,导线相互靠近
D.图丁中,当电流方向相反时,导线相互远离
【解析】 图甲中导线通电后小磁针发生偏转是导线中电流产生的磁场所至,图丙、图丁中两通电导线间的相互作用,也是一导线电流形成的磁场对另一通电导线产生作用所至,图乙是通电导线在永磁体的磁场中受安培力作用产生偏离,故选B.
【答案】 B
5.关于回旋加速器,下列说法正确的是( )
A.回旋加速器是利用磁场对运动电荷的作用使带电粒子的速度增大的
B.回旋加速器使粒子获得的最大动能与加速电压成正比
C.回旋加速器是通过多次电场加速使带电粒子获得高能量的
D.带电粒子在回旋加速器中不断被加速,因而它做圆周运动一周所用的时间越来越短
【解析】 回旋加速器是利用电场加速,磁场偏转的,粒子在磁场中运动的时间与运动速度的大小无关,由R=
得vm=
所以Ekm=
mv
=
,即粒子获得的最大动能与加速电压无关,故只有C正确.
【答案】 C
6.如图2所示,水平桌面上放一根条形磁铁,磁铁正中央上方吊着跟磁铁垂直的导线,当导线中通入指向纸内的电流时( )
图2
A.悬线上的拉力将变大
B.悬线上的拉力将不变
C.磁铁对水平桌面的压力将变大
D.磁铁对水平桌面的压力将不变
【解析】 如图所示,画出一条通过导线所在处的磁感线,磁场方向水平向左,由左手定则知,导线受安培力方向竖直向上,所以悬线的拉力将变小,A、B均错;根据牛顿第三定律可知,通电导线对磁铁的作用力方向竖直向下,所以磁铁对桌面压力增大,C对D错.
【答案】 C
7.如图3所示,一根有质量的金属棒MN,两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点.棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中,棒中通有电流,方向从M流向N,此时是线上有拉力.为了使拉力等于零,可以( )
图3
A.适当减小磁感应强度
B.使磁场反向
C.适当增大电流
D.使电流反向
【解析】 由左手定则可知棒MN所受安培力方向竖直向上,此时线上有拉力说明安培力大小小于棒的重力,要使拉力等于零,必须保持安培力的方向不变,增大安培力的大小,所以只有C可能.
【答案】 C
8.(多选)一长方形金属块放在匀强磁场中,将金属块通以电流,磁场方向和电流方向如图4所示,则在金属块两表面M、N上( )
图4
A.M集聚了电子B.M集聚了正电荷
C.N集聚了电子D.N集聚了正电荷
【解析】 在金属中自由电子的定向移动形成电流,所以图中的电流可以看成是相反方向运动的电子流,由左手定则可知电子受洛伦兹力向上,所以M面上聚集了电子.
【答案】 AD
二、非选择题(本题共4个小题,共52分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不得分.有数值计算的题,答案中应明确写出数值和单位.)
9.(10分)通电直导线A与圆形通电导线环B固定放置在同一水平面上,通有如图5所示的电流时,通电直导线A受到水平向________的安培力作用.当A、B中电流大小保持不变,但同时改变方向时,通电直导线A所受到的安培力方向水平向________.
图5
【解析】 由图可知,直导线A位于导线环B产生的垂直向里的磁场中,根据左手定则,可判断导线A受到的安培力方向向右.当A、B中的电流方向改变时,A导线处于导线B产生的垂直向外的磁场中,同时导线A的电流方向改变,依据左手定则可以判定,A受安培力仍水平向右.
【答案】 右 右
10.(10分)如图6所示,匀强磁场的磁感应强度B=0.5T,方向垂直纸面向外,在纸面内放置长L=0.5m的直导线ab,当通以I=2A的电流(b→a)时,导线受到的安培力大小为__________,方向为________.
图6
【解析】 由安培力F=BIL得:
F=0.5×2×0.5N=0.5N;再由左手定则可确定方向是垂直导线ab、磁场方向向右.
【答案】 0.5N 垂直导线和磁场方向向右
11.(16分)一初速度为v的带电粒子,垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中,已知带电粒子的质量是m,电量是q,求带电粒子所受的洛伦兹力和轨道半径的大小.
【解析】 因为B与v垂直,所以带电粒子所受的洛伦兹力F=qvB
由洛伦兹力提供向心力,则qvB=m
所以r=
.
【答案】 见解析
12.(16分)电磁炮是一种理想的兵器,它的主要原理如图7所示.1982年澳大利亚国立大学制成了能把2.2g的弹体(包括金属杆EF的质量)加速到10km/s的电磁炮(常规炮弹的速度约为2km/s),若轨道宽2m,长为100m,通过的电流为10A,试问轨道间所加匀强磁场的磁感应强度是多大?
(轨道摩擦不计)
图7
【解析】 由于弹体做匀加速直线运动,由运动学公式v2=2as
得a=
=
m/s2=5×105m/s2
由牛顿第二定律得F安=ma
得F安=2.2×10-3×5×105N=1.1×103N
由安培力公式F安=BIl
得B=
=
T=55T.
【答案】 55T
章末综合测评(四)
(分值:
100分 时间:
60分钟)
一、选择题(本题共8个小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得6分,选不全的得3分,有选错或不答的得0分.)
1.如图1所示,电流表与螺线管组成闭合电路,以下关于电流表指针偏转情况的陈述正确的是( )
图1
A.磁铁快速插入螺线管时比慢速插入螺线管时电流表指针偏转大
B.磁铁快速插入螺线管和慢速插入螺线管,磁通量变化相同,故电流表指针偏转相同
C.磁铁放在螺线管中不动时螺线管中的磁通量最大,所以电流表指针偏转最大
D.将磁铁从螺线管中拉出时,磁通量减小,所以电流表指针偏转一定减小
【解析】 电流表指针的偏转角度是由螺线管产生的感应电动势大小决定的,而感应电动势的大小取决于磁通量的变化率,所以答案是A.
【答案】 A
2.关于感应电动势的大小,下列说法正确的是( )
A.穿过线圈的磁通量Φ越大,所产生的感应电动势就越大
B.穿过线圈的磁通量的变化量ΔΦ越大,所产生的感应电动势就越大
C.穿过线圈的磁通量的变化率
越大,所产生的感应电动势就越大
D.穿过线圈的磁通量Φ等于0,所产生的感应电动势就一定为0
【解析】 由法拉第电磁感应定律E=n
可知,感应电动势的大小与
成正比,与磁通量Φ,磁通量变化ΔΦ大小无关,故C正确.
【答案】 C
3.理想变压器的原副线圈的匝数之比为4∶1,在原线圈上加上U=200V的交流电压,在副线圈上接交流电压表,其示数为( )
A.0 B.50V
C.200VD.800V
【解析】 理想变压器中
=
,则U2=
U1=
×200V=50V,故B对.
【答案】 B
4.关于变压器的工作原理,以下说法正确的是( )
A.通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变
B.穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等
C.穿过副线圈磁通量的变化使副线圈产生感应电动势
D.原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈
【解析】 通有正弦交变电流的原线圈产生的磁场是变化的,由于面积S不变,故磁通量变化,A错误;因铁芯是闭合的,没有漏磁,原、副线圈的磁通量总相等,故B错误;由于通过副线圈的磁通量发生变化,根据法拉第电磁感应定律,在副线圈上产生感应电动势,故C正确;原线圈中的电能转化为磁场能又转化为副线圈中的电能,原、副线圈通过磁场联系在一起,故D错误.
【答案】 C
5.如图2所示,半径为r的n匝线圈套在边长为L的正方形abcd之外,匀强磁场局限在正方形区域内且垂直穿过正方形,当磁感应强度以
的变化率均匀变化时,线圈中产生感应电动势大小为( )
图2
A.πr2
B.L2
C.nπr2
D.nL2
【解析】 根据法拉第电磁感应定律,线圈中产生的感应电动势的大小E=n
=nL2
.
【答案】 D
6.用实验验证电磁波存在的科学家是( )
A.法拉第 B.奥斯特
C.赫
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