蒋立源编译原理 第三版 第三章 习题与答案修改后.docx
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蒋立源编译原理第三版第三章习题与答案修改后
第3章习题
3-1试构造一右线性文法,使得它与如下得文法等价
S→ABA→UTU→aU|aD→bT|bB→cB|c
并根据所得得右线性文法,构造出相应得状态转换图。
3-2对于如题图3-2所示得状态转换图
(1)写出相应得右线性文法;
(2)指出它接受得最短输入串;
(3)任意列出它接受得另外4个输入串;
(4)任意列出它拒绝接受得4个输入串。
3-3对于如下得状态转换矩阵:
(1)分别画出相应得状态转换图;
(2)写出相应得3型文法;
(3)用自然语言描述它们所识别得输入串得特征。
3-4将如下得NFA确定化与最小化:
3-5将如题图3-5所示得具有ε动作得NFA确定化。
题图3-5具有ε动作得NFA
3-6设有文法G[S]:
S→aAA→aA|bBB→bB|cC|cC→cC|c
试用正规式描述它所产生得语言。
3-7分别构造与如下正规式相应得NFA。
(1)((0*|1)(1*0))*
(2)b|a(aa*b)*b
3-8构造与正规式(a|b)*(aa|bb)(a|b)*相应得DFA。
第3章习题答案
3-1解:
根据文法知其产生得语言就是:
L[G]={ambnci|m,n,i≧1}
可以构造与原文法等价得右线性文法:
S→aAA→aA|bBB→bB|cC|cC→cC|c
其状态转换图如下:
3-2解:
(1)其对应得右线性文法就是G[A]:
A→0DB→0A|1CC→0A|1F|1
D→0B|1CE→0B|1CF→1A|0E|0
(2)最短输入串为011
(3)任意接受得四个输入串为:
0110,0011,000011,00110
(4)任意拒绝接受得输入串为:
0111,1011,1100,1001
3-3解:
(1)相应得状态转换图为:
(2)相应得3型文法为:
(ⅰ)S→aA|bSA→aA|bB|bB→aB|bB|a|b
(ⅱ)S→aA|bB|aA→bA|aC|a|bB→aB|bC|bC→aC|bC|a|b
(ⅲ)S→aA|bB|bA→aB|bA|aB→aB|bB|a|b
(ⅳ)S→bS|aAA→aC|bB|aB→aB|bC|bC→aC|bC|a|b
(3)用自然语言描述得输入串得特征为:
(ⅰ)以任意个(包括0个)b开头,中间有任意个(大于1)a,跟一个b,还可以有一个由a,b组成得任意字符串。
(ⅱ)以a打头,中间有任意个(包括0个)b,再跟a,最后由一个a,b所组成得任意串结尾;或者以b打头,中间有任意个(包括0个)a,再跟b,最后由一个a,b所组成得任意串结尾。
(ⅲ)以a打头,后跟任意个(包括0个)b,再跟a,最后由一个a,b所组成得任意串结尾;或者以b打头,由一个a,b所组成得任意串结尾。
(ⅳ)以任意个(包括0个)b开头,中间跟aa,最后由一个a,b所组成得任意串结尾;或者以任意个(包括0个)b开头,中间跟ab后,再接任意个(包括0个)a,再接b,最后由一个a,b所组成得任意串结尾。
3-4解:
(1)将NFAM确定化后得DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-4-
(1)之(a)所示,给各状态重新命名,即令:
[S]=1,[S,A]=2,[A,B]=3,[B]=4
且由于3及4得组成中均含有M得终态B,故3与4组成了DFAM′得终态集Z′。
于就是,所构造之DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-4-
(1)之(b)及(c)所示。
现将DFAM′最小化:
(ⅰ)初始分划由两个子集组成,即
π0:
{1,2},{3,4}
(ⅱ)为得到下一分划,考察子集{1,2}。
因为
{2}b={3}⊂{3,4}
但{1}b=∅
故1与2可区分,于就是便得到下一分划
π1:
{1},{2},{3,4}
(ⅲ)又因π1≠π0,再考虑{3,4},因为
{3}b={3}⊂{3,4}
而{4}b=∅
故3与4可区分,从而又得到
π2:
{1},{2},{3},{4}
此时子集已全部分裂,故最小化得过程宣告结束,M′即为状态数最小得DFA。
(2)将NFAM确定化后得DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-4-
(2)之(a)所示,给各状态重新命名,即令:
[S]=1,[A]=2,[B,C]=3
且由于3得组成中含有M得终态C,故3为DFAM′得终态。
于就是,所构造之DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-4-
(2)之(b)及(c)所示。
现将DFAM′最小化:
(ⅰ)初始分划由两个子集组成,即
π0:
{1,2},{3}
(ⅱ)为得到下一分划,考察子集{1,2}。
因为
{2}b={2}⊂{1,2}
但{1}b=∅
故1与2可区分,于就是便得到下一分划
π1:
{1},{2},{3}
此时子集已全部分裂,故最小化得过程宣告结束,M′即为状态数最小得DFA。
(3)将NFAM确定化后得DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-4-(3)之(a)所示,给各状态重新命名,即令:
[S]=1,[A]=2,[S,B]=3
且由于3得组成中含有M得终态B,故3为DFAM′得终态。
于就是,所构造之DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-4-(3)之(b)及(c)所示。
现将DFAM′最小化:
(ⅰ)初始分划由两个子集组成,即
π0:
{1,2},{3}
(ⅱ)为得到下一分划,考察子集{1,2}。
因为
{2}b={3}
但{1}b=∅
故1与2可区分,于就是便得到下一分划
π1:
{1},{2},{3}
此时子集已全部分裂,故最小化得过程宣告结束,M′即为状态数最小得DFA。
(4)将NFAM确定化后得DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-4-(4)之(a)所示,给各状态重新命名,即令:
[A]=1,[B,C]=2,[B]=3,[C]=4
且由于2与4得组成中含有M得终态C,故2与4组成了DFAM′得终态集Z′。
于就是,所构造之DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-4-(4)之(b)及(c)所示。
现将DFAM′最小化:
(ⅰ)初始分划由两个子集组成,即
π0:
{1,3},{2,4}
(ⅱ)为得到下一分划,考察子集{1,3}。
因为
{1}a={2}⊂{2,4}
但{3}a={1}⊂{1,3}
故1与3可区分,于就是便得到下一分划
π1:
{1},{3},{2,4}
(ⅲ)又因π1≠π0,再考虑{2,4},因为
{2}a={4}a={1},{2}b={4}b={4}
所以2与4不可区分,故子集{S,B}已不能再分裂。
此时π2=π1,子集分裂得过程宣告结束。
(ⅳ)现选择状态2作为{2,4}得代表,将状态4从状态转换图中删去,并将原来引至4得矢线都引至2,这样,我们就得到了最小化后得DFAM〞如答案图3-4-(4)之(d)所示。
3-5解:
(1)将具有ε动作得NFAM确定化后得DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-5-
(1)之(a)所示,给各状态重新命名,即令:
[S,B,C]=1,[A]=2,[B,C]=3,[C]=4
且由于1,3与4得组成中均含有M得终态C,故1,3与4组成了DFAM′得终态集Z′。
于就是,所构造之DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-5-
(1)之(b)及(c)所示。
(2)将具有ε动作得NFAM确定化后得DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-5-
(2)之(a)所示,给各状态重新命名,即令:
[S]=1,[Z]=2,[R,U]=3,[S,X]=4,
[R,U,Y]=5,[S,U,X]=6,[S,Z]=7,[R,U,Y,Z]=8
且由于2,7与8得组成中均含有M得终态Z,故2,7与8组成了DFAM′得终态集Z′。
于就是,所构造之DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-5-
(2)之(b)及(c)所示。
3-6解:
首先将文法写成方程组:
S=aA
(1)
A=aA+bB
(2)
B=bB+cC+c(3)
C=cC+c(4)
将(4)代入(3),得:
B=bB+C(5)
由论断3、1,方程(4)得解为:
C=c*c
将上式代入(5),得:
B=bB+c*c
由论断3、1,得:
B=b*c*c
将上式代入
(2),得:
A=aA+b*bc*c
由论断3、1,得:
A=a*b*bc*c
将上式代入
(1),得:
S=a*ab*bc*c
即文法所产生得语言可用正规式a*ab*bc*c表示。
3-7解:
(1)构造与正规式((0*|1)(1*0))*相应得NFA得步骤如答案图3-7-
(1)所示:
(2)构造与正规式b|a(aa*b)*b相应得NFA得步骤如答案图3-7-
(2)所示:
答案图3-7-
(2)正规式b|a(aa*b)*b得NFA
3-8解:
首先,构造与正规式(a|b)*(aa|bb)(a|b)*相应得NFAM,其构造步骤如答案图3-8(a)所示:
其次,将答案图3-8(a)所示得具有ε动作得NFAM确定化后得到DFAM′,其状态转换矩阵如答案图3-8(b)所示,给各状态重新命名,即令:
[S,3,1]=S,[3,1,5]=A,[3,1,6]=B,[3,1,5,2,4,Z]=C,
[3,1,6,2,4,Z]=D,[3,1,6,4,Z]=E,[3,1,5,4,Z]=F
且由于C,D,E与F得组成中均含有NFAM得终态Z,故C,D,E与F组成了DFAM′得终态集Z′。
于就是,将NFAM确定化后所得DFAM′得状态转换矩阵与状态转换图如答案图3-8(c)及(d)所示。
(e)对DFAM′最小化后所得得DFAM〞得状态转换图
答案图3-8
最后,将所得DFAM′最小化:
(ⅰ)初始分划由两个子集组成,即
π0:
{S,A,B},{C,D,E,F}
(ⅱ)为得到下一分划,考察子集{S,A,B}。
因为
{S,B}a={A}⊂{S,A,B}
但{A}a={C}⊂{C,D,E,F}
故S,B与A可区分,于就是便得到下一分划
π1:
{S,B},{A},{C,D,E,F}
(ⅲ)因π1≠π0,考虑{S,B},因为
{S}b={B}⊂{S,B}
但{B}b={D}⊂{C,D,E,F}
故S与B可区分,于就是便得到下一分划
π2:
{S},{B},{A},{C,D,E,F}
(ⅳ)又因π2≠π1,再考虑{C,D,E,F},因为
{C}a={F}a={C},{C}b={F}b={E}
所以C与F等价;同理可得D与E等价。
又因为
{C}a={C},{D}a={F},
{C}b={E},{D}b={D}
而C与F等价,D与E等价,所以C与D也等价,故C,D,E,F这4个状态等价。
此时π3=π2,子集分裂得过程宣告结束。
(ⅴ)现选择状态C作为{C,D,E,F}得代表,将状态D,E,F从状态转换图中删去,并将原来引至D,E,F得矢线都引至C,这样,我们就得到了最小化后得DFAM〞如答案图3-8(e)所示,此DFAM〞即为所求得与正规式(a|b)*(aa|bb)(a|b)*相应得DFA。
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