第1章解三角形复习教案.docx
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第1章解三角形复习教案
第1章解三角形复习教案
教学设计
整体设计
教学分析
首先了解新课标对本章的定位.解三角形作为三角系列的最后一章,突出了基础性、选择性与时代性.本章重在研究三角形边角之间的数量关系,如正弦定理、余弦定理等.正弦定理、余弦定理更深刻地反映了三角形的度量本质,成为解三角形的主要工具.
本章的数学思想方法是一条看不见的暗线,数学思想方法是数学的精髓.在初中,教科书着重从空间形式定性地讨论三角形中线段与角之间的位置关系,本章主要是定量地揭示三角形边、角之间的数量关系,从而较清晰地解决了三角形的确定性问题.本章对两个定理的推导引入中十分强调这一量化思想方法,并选择了更有教育价值的正弦定理和余弦定理的证明方法.本章中融合了学生已学过的大部分几何知识,将解三角形作为几何度量问题来处理,突出几何背景,为学生理解数学中的量化思想,进一步学习数学奠定了基础.
三维目标
.熟练掌握三角形中的边角关系.
.通过本节学习,要求对全章有一个清晰的认识,熟练掌握利用正、余弦定理解斜三角形的方法,明确解斜三角形知识在实际中的广泛应用,熟练掌握由实际问题向解斜三角形类型问题的转化,逐步提高数学知识的应用能力.
.注重思维引导及方法提炼,展现学生的主体作用,关注情感的积极体验,加强题后反思环节,提升习题效率,激发学生钻研数学的热情、兴趣和信心.
重点难点
教学重点:
掌握正、余弦定理及其推导过程并且能用它们解斜三角形.
教学难点:
正弦定理、余弦定理的灵活运用,及将实际问题转化为数学问题并正确地解出这个数学问题.
课时安排
课时
教学过程
导入新
本节课我们将对全章的知识、方法进行系统的归纳总结;系统掌握解三角形的方法与技巧.由此展开新课的探究.
推进新
新知探究
提出问题
1本章我们学习了哪些知识内容?
请画出本章的知识结构图
2解斜三角形要用到正弦定理、余弦定理,那么正弦定理、余弦定理都有哪些应用?
3在解三角形时应用两个定理要注意些什么问题?
若求一个三角形的角时,既可以用正弦定理,也可以用余弦定理,怎样选择较好?
4本章中解三角形的知识主要应用于怎样的一些问题?
5总结从初中到高中测量河流宽度和物体高度的方法.
活动:
教师引导学生画出本章知识框图,教师打出演示:
从图中我们很清晰地看出本章我们学习了正弦定理、余弦定理以及应用这两个定理解三角形,由于本章内容实践性很强,之后又重点研究了两个定理在测量距离、高度、角度等问题中的一些应用.教师与学生一起回忆正弦定理、余弦定理的内容及应用如下:
正弦定理、余弦定理:
asinA=bsinB=csinc,
a2=b2+c2-2bccosA,
b2=c2+a2-2accosB,
c2=a2+b2-2abcosc.
正弦定理、余弦定理的应用:
利用正弦定理,可以解决以下两类有关三角形的问题.
①已知两角和任一边,求其他两边和一角.
②已知两边和其中一边的对角,求另一边的对角.
利用余弦定理,可以解决以下两类有关三角形的问题.
①已知三边,求三个角;
②已知两边和它们的夹角,求第三边和其他两个角.
在求解一个三角形时,既可以用正弦定理,也可以用余弦定理,要尽量选择运算量较小,不产生讨论的方法求解.若求边,尽量用正弦定理;若求角,尽量用余弦定理.
除了正弦定理、余弦定理外,我们还学习了三角形面积公式S=12bcsinA=12acsinB=12absinc,利用它我们可以解决已知两边及其夹角求三角形的面积.
教师利用多媒体投影演示如下:
解斜三角形时可用的
定理和公式适用类型备注
余弦定理
a2=b2+c2-2bccosA
b2=a2+c2-2accosB
c2=b2+a2-2bacosc已知三边
已知两边及其夹角类型有解时只有一解
正弦定理
asinA=bsinB=csinc=2R
已知两角和一边
已知两边及其中一边的对角类型在有解时只有一解,类型可有两解、一解和无解
三角形面积公式
S=12bcsinA
=12acsinB
=12absinc
已知两边及其夹角
教师点拨学生,以上这些知识与初中的边角关系、勾股定理等内容构成三角形内容的有机整体.实际上,正弦定理只是初中“三角形中大角对大边,小角对小边”的边角关系的量化.余弦定理是初中“已知两边及其夹角,则这两个三角形全等”的量化,又是勾股定理的推广.本章的应用举例也是在初中学习的一些简单测量的基础上,应用了正弦定理、余弦定理解关于斜三角形的问题.
在应用两个定理等知识解决一些与测量和几何计算有关的问题时,需注意以下几点:
①在利用正弦定理求角时,由于正弦函数在内不严格单调,所以角的个数可能不唯一,这时应注意借助已知条件加以检验,务必做到不漏解,不多解.
②在运用正弦定理与余弦定理进行有关三角形内角证明时,余弦定理会省去取舍的麻烦,但同时要注意在根据三角函数求角时,应先确定其范围.
③在进行边角,角边转换时,注意运用正弦定理和余弦定理的变形形式.
讨论结果:
、略.
在应用两个定理求解时,注意与平面几何知识的融合.若求解一个三角形时两个定理都可用,则求边宜选正弦定理,求角宜选余弦定理,但要具体问题具体分析,从中选择最优解法.
本章知识主要应用测量、航海、建筑等在日常生活中与三角形有关的问题.
应用示例
例1判断满足下列条件的三角形形状.
acosA=bcosB;
sinc=sinA+sinBcosA+cosB.
活动:
教师与学生一起探究判定三角形形状的方法有哪些.学生思考后可得出确定三角形的形状主要有两条途径:
化边为角,化角为边.鼓励学生尽量一题多解,比较各种解法的优劣.
解:
方法一:
用余弦定理,得a×b2+c2-a22bc=b×c2+a2-b22ca.
∴c2=a4-b4=.
∴a2=b2或c2=a2+b2.
∴三角形是等腰三角形或直角三角形.
方法二:
用正弦定理,得sinAcosA=sinBcosB,
∴sin2A=sin2B.
∵A、B为三角形的内角,∴2A=2B或2A+2B=180°.
∴A=B或A+B=90°.
因此三角形为等腰三角形或直角三角形.
方法一:
先用正弦定理,可得c=a+bcosA+cosB,即c•cosA+c•cosB=a+b.
再用余弦定理,得c•b2+c2-a22bc+c•a2+c2-b22ac=a+b.
化简并整理,得a3+b3+a2b+ab2-ac2-bc2=0,
=0.
∵a>0,b>0,∴a2+b2-c2=0,即a2+b2=c2.
∴三角形为直角三角形.
方法二:
∵sinA=sin,sinB=sin,
∴原式可化为sinc•cosA+cosB•sinc
=sinA+sinB=sin+sin
=sinB•cosc+cosB•sinc+sinA•cosc+cosA•sinc.
∴sinB•cosc+sinA•cosc=0,
即cosc=0.
∵0°<A<180°,0°<B<180°,
∴sinA+sinB≠0.∴cosc=0.
又∵0°<c<180°,∴c=90°.∴三角形为直角三角形.
点评:
第题中的第2种解法得出sin2A=sin2B时,很容易直接得出2A=2B,所以A=B.这样就漏掉了一种情况,因为sin2A=sin2B中有可能推出2A与2B两角互补,这点应引起学生注意.第题中绕开正、余弦定理通过三角函数值的符号判定也是一种不错的选择,但学生不易想到,因此熟悉三角形中sinA=sin,cosA=-cos等常见结论对解三角形大有益处.
变式训练
△ABc的三内角A、B、c的对边边长分别为a、b、c.若a=52b,A=2B,则cosB等于
A.53B.54c.55D.56
答案:
B
解析:
由题意得ab=52=sinAsinB=sin2BsinB=2cosB,cosB=54.
例2在△ABc中,若△ABc的面积为S,且2S=2-c2,求tanc的值.
活动:
本题涉及三角形的面积,面积公式又是以三角形的三边a、b、c的形式给出,从哪里入手考虑呢?
教师可先让学生自己探究,学生可能会想到将三角形面积公式代入已知条件,但三角形面积公式S=12absinc=12acsinB=12bcsinA有三个,代入哪一个呢?
且代入以后的下一步方向又是什么呢?
显然思路不明.这时教师适时点拨可否化简等式右边呢?
这样右边为2-c2=a2+b2-c2+2ab.用上余弦定理即得a2+b2-c2+2ab=2abcosc+2ab,这就出现了目标角c,思路逐渐明朗,由此得到题目解法.
解:
由已知,得2-c2=a2+b2-c2+2ab
=2abcosc+2ab=2×12absinc.
∴2=sinc,
×2cos2c2=2sinc2•cosc2.
∵0°<c<180°,∴0°<c2<90°,即cosc2≠0.
∴tanc2=2.∴tanc=2tanc21-tan2c2=41-4=-43.
点评:
通过对本题的探究,让学生认识到拿到题目后不能盲目下手,应先制定解题策略,寻找解题切入口.
变式训练
在△ABc中,tanA=14,tanB=35.
求角c的大小;
若AB边的长为17,求Bc边的长.
解:
∵c=180°-,
∴tanc=-tan=-14+351-14×35=-1.
又∵0°<c<180°,∴c=135°.
∵tanA=sinAcosA=14,sin2A+cos2A=1,0°<A<90°,
∴sinA=1717.
由正弦定理,得ABsinc=BcsinA,∴Bc=AB•sinAsinc=2.
例3将一块圆心角为120°,半径为20c的扇形铁片裁成一块矩形,有如图、的两种裁法:
让矩形一边在扇形的一条半径oA上,或让矩形一边与弦AB平行,请问哪种裁法能得到最大面积的矩形?
并求出这个最大值.
活动:
本题是北京西城区的一道测试题,解题前教师引导学生回忆前面解决实际问题的方法步骤,让学生清晰认识到解决本题的关键是建立数学模型,然后用相关的数学知识来解决.
解:
按图的裁法:
矩形的一边oP在oA上,顶点在圆弧上,设∠oA=θ,则|P|=20sinθ,|oP|=20cosθ,从而S=400sinθcosθ=200sin2θ,即当θ=π4时,Sax=200.
按图的裁法:
矩形的一边PQ与弦AB平行,设∠oQ=θ,在△oQ中,∠oQ=90°+30°=120°,由正弦定理,得|Q|=20sinθsin120°=4032sinθ.
又因为|N|=2|o|sin=40sin,
所以S=|Q|•|N|=160033sinθsin
=160033{-12[cos60°-cos]}=80033[cos-cos60°].
所以当θ=30°时,Sax=40033.
由于40033>200,所以用第二种裁法可裁得面积最大的矩形,最大面积为40033c2.
点评:
正弦定理、余弦定理在测量、合理下料、设计规划等方面有广泛应用.从解题过程来看,关键是要找出或设出角度,实质是解斜三角形,将问题涉及的有关量集中在某一个或者几个三角形中,灵活地运用正弦定理、余弦定理来加以解决.
变式训练
设△ABc的内角A、B、c所对的边长分别为a、b、c,且acosB=3,bsinA=4.
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- 三角形 复习 教案