辽宁省大连市第24中学届高三上学期期中考试物理试题.docx
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辽宁省大连市第24中学届高三上学期期中考试物理试题
辽宁省大连市24中2018-2019学年上学期期中II考试高三物理试题
一、选择题(每题4分,共12题。
1-8为单选,9-12为多选)
1.如图所示,三个形状不规则的石块a、b、c在水平桌面上成功地叠放在一起静止不动,下列说法正确的是()
A.c与水平桌面间的动摩擦因数μ=0
B.c对b的作用力一定竖直向上
C.b对a的支持力是由于a物体发生形变产生的
D.a对b的压力就是a物体的重力
【答案】B
【解析】
【分析】
根据平衡条件,依据相互作用力的内容,及力的合成与分解方法,并依据摩擦力产生条件,即可求解;
【详解】A、以三块作为整体研究,整体受到的重力与桌面的支持力是平衡力,则石块c不会受到水平桌面的摩擦力,故无法判断c与桌面间的动摩擦因数是否为零,故A错误;
B、选取ab作为整体研究,根据平衡条件,则石块c对b的作用力与其重力平衡,则块c对b的作用力一定竖直向上,故B正确;
C、根据弹力产生条件可知:
b对a的支持力是由于b物体发生形变产生的,故选项C错误;
D、a对b的压力属于弹力性质,施力物体是a,a物体的重力的施力物体是地球,即这两个力的性质不同,施力物体也不同,故不同用“就是”二字来形容,但是二者的大小是相等的,故选项D错误。
【点睛】该题考查整体法与隔离法的运用,掌握平衡条件的应用,注意平衡力与相互作用力的区别,注意c对b的作用力是支持力与摩擦力的合力。
2.在城市上班高峰期间,司机驾驶汽车在平直公路上匀速行驶,突然遇到紧急情况刹车直到停止运动,汽车运动的
图象如图所示,下列说法正确的是()
A.从开始刹车至汽车停止所用时间为5.0s
B.汽车刹车后第1s内的平均速度为6.0m/s
C.汽车刹车过程的加速度大小为
D.从开始刹车至汽车停止,汽车的总位移为25m
【答案】C
【解析】
【分析】
根据数学知识写出
与t的表达式,结合匀变速直线运动的位移时间公式,分析汽车的运动情况,再根据运动学公式求解;
【详解】由数学知识可得
,根据匀变速直线运动的位移时间公式
得
,对比可得
,
;
A、根据速度与时间的关系可知汽车从开始刹车到停下来的时间为:
,故选项A错误;
B、根据速度与时间的关系可知刹车后第1s末的速度为:
则第
内的平均速度为:
,故选项B错误;
C、由上面分析可知加速度为:
,即加速度的大小为
,故选项C正确;
D、根据平均速度可知:
汽车的总位移为:
,故选项D错误。
【点睛】解决本题的关键是掌握匀变速直线运动的位移时间公式
,通过变形得到
与t的表达式,然后利用运动学公式进行求解,注意刹车到停下之后,车辆速度为零。
3.在水平地面上有质量均为m的a、b两个物体,处于静止。
用水平推力F1、F2分别作用在a、b两个物体上,一段时间后撤去推力,物体继续运动一段距离后停下。
两物体的v-t图象如图所示,图中AB//CD。
下列说法正确的是()
A.水平推力F1、F2大小可能相等
B.a物体的平均速度大于b物体的平均速度
C.合外力对a物体的冲量小于合外力对b物体的冲量
D.摩擦力对a物体做的功小于摩擦力对b物体做的功
【答案】D
【解析】
【分析】
由速度图象分析可知,水平推力撤去后,AB与CD平行,说明加速度相同,说明摩擦力大小相等,然后分析推力的大小关系;根据平均速度公式可求得平均速度的大小关系;根据动量定理分析合外力的冲量的大小关系;根据功的公式判断摩擦力做功的大小关系;
【详解】A、由图,AB与CD平行,说明推力撤去后两物体的加速度相同,而撤去推力后物体的合力等于摩擦力,根据牛顿第二定律可知,两物体受到的摩擦力大小相等,再对加速过程可知,a的加速度大于b的加速度,因此由牛顿第二定律可知
,故选项A错误;
B、根据平均速度等于位移与时间的比值,而位移等于图形的面积,则
,而二者的最大速度
相等,可知二者的平均速度相等,故选项B错误;
C、根据动量定理可知:
合外力的冲量等于其动量的变化,由图可知二者的初、末动量均为零,则动量变化为零,即合外力对a物体的冲量等于合外力对b物体的冲量,故选项C错误;
D、由于v-t图象与时间轴所围的面积表示位移,则知整个过程中a的位移比b的小,由上面分析可知二者受到的摩擦力相等,则由
知,摩擦力对a物体做的功小于摩擦力对b物体做的功,故D正确。
【点睛】本题首先考查读图能力,其次考查动量定理应用时,选择研究过程的能力,知道水平推力撤去后,AB与CD平行,说明加速度相同,说明摩擦力相等。
4.所示为航母上电磁弹射装置的等效电路图(俯视图),使用前先给电容器C充电,弹射时,电容器释放储存电能所产生的强大电流经过导体棒EF,EF在磁场(方向垂直纸面向外)作用下加速。
下列说法正确的是()
A.导体棒EF受到安培力的方向可用左手定则判断
B.弹射时导体棒EF先向右做变加速运动,后做匀速运动
C.电容器相当电源,放电时MN间的电势差保持不变
D.在电容器放电过程中,电容器电容不断减小
【答案】A
【解析】
【分析】
明确电容器的性质,知道电容是电容本身的性质,与电量无关;而电容器充电时,与电源正极相连的极板带正电,同时根据左手定则分析安培力的方向,从而判断运动方向;
【详解】A、电容器下极板接正极,所以充电后N极板带正电,放电时,电流由F到E,则由左手定则可知,安培力向右,所以导体棒向右运动,故A正确;
B、根据上面分析可知导体棒受到向右的安培力作用,即导体棒EF先向右做变加速运动,后由于安培力消失在阻力作用下做减速运动,故选项B错误;
C、电容器放电时,电量和电压均减小,即MN间的电势差减小,故C错误;
D、电容是电容器本身的性质,与电压和电量无关,故放电时,电容不变,故D错误。
【点睛】本题考查电容以及安培力的性质,要注意掌握左手定则以及电容的性质等基本内容,明确电容由电容器本身的性质决定。
5.把质量是m的小球放在竖立的弹簧上,并把球往下按至A的位置,如图甲所示,迅速松手后,弹簧把球弹起,球升至最高位置C(图丙),途中经过位置B时弹簧正好处于自由状态(图乙),弹簧的质量和空气的阻力均可忽略。
则
A.由状态甲到状态丙,小球的机械能守恒
B.由状态甲至状态乙,有三个时刻小球的加速度大小等于重力加速度的大小
C.在乙状态时,小球重力的功率最大
D.由状态甲到状态丙,在甲状态弹黄的弹性势能等于小球克服重力所做的功
【答案】D
【解析】
由状态甲到状态乙,小球和弹簧组成的系统机械能守恒;由状态乙到状态丙,小球的机械能守恒,故A错误;小球在乙时刻的加速度为重力加速度,则在从甲到乙的过程中,当小球运动到关于平衡位置对称点时,其加速度大小等于g,方向向上,故有二个时刻的加速度大小等于重力加速度的大小,故B错误;当弹簧的弹力与重力相等时,合力为零,加速度为零,速度最大,根据P=mgv,可知小球重力的功率最大,而乙状态的加速度为重力加速度,不为零,故此时小球重力的功率不是最大,故C错误;由状态甲到状态丙,动能的改变量为零,弹性势能减小,重力势能增加,根据系统机械能守恒可知,在甲状态弹黄的弹性势能等于小球克服重力所做的功,故D正确,故选D。
【点睛】根据加速度的方向,分析弹簧的弹力与小球重力的关系.小球从A上升到B位置的过程中,平衡位置速度最大,动能增大;小球上升过程中,小球与弹簧组成的系统机械能守恒.由此分析解答.
6.一质量为m的小球在光滑的水平面上以速度
做匀速直线运动,在t=0时受到水平方向恒力F作用,速度先减小后增大,其最小值为
,由此可以判断()
A.质点受力F作用后一定做匀速直线运动
B.质点受力F作用后可能做圆周运动
C.t=0时恒力F与速度
方向间的夹角为60°
D.
时,质点速度最小
【答案】D
【解析】
【分析】
由题意可知,物体做类斜抛运动,根据运动的合成与分解,结合力的平行四边形定则与运动学公式,即可求解;
【详解】A、在t=0时开始受到恒力F作用,加速度不变,做匀变速运动,若做匀变速直线运动,则最小速度可以为零,所以质点受力F作用后一定做匀变速曲线运动,故A错误;
B、物体在恒力作用下不可能做圆周运动,故B错误;
C、设恒力与初速度之间的夹角是
,最小速度为:
可知初速度与恒力的夹角为钝角,所以是
,故C错误;
D、质点速度最小时,即在沿恒力方向上有:
,解得:
,故D正确。
【点睛】考查类斜抛运动的处理规律,掌握合成法则与运动学公式的应用,注意分运动与合运动的等时性。
7.如图为北京航天飞行控制中心对“嫦娥二号”卫星实施降轨控制的示意图,卫星成功由轨道半径为a、周期为T1的极月圆轨道进入远月点距离为a、周期为T2的椭圆轨道,为拍摄月球图像做好准备。
则“嫦娥二号”()
A.经过圆轨道上B点时的速率等于它经过椭圆轨道上A点时的速率
B.在圆轨道上经过B点和在椭圆轨道上经过A点时的加速度大小相等
C.在圆轨道上运行周期T1小于它在椭圆轨道上运行周期T2
D.在圆轨道上经过B点和在椭圆轨道上经过A点时的机械能相等
【答案】B
【解析】
【分析】
根据开普勒周期定律比较两个轨道上的周期,当万有引力刚好提供卫星所需向心力时,卫星正好可以做匀速圆周运动,若是供大于需,则卫星做逐渐靠近圆心的运动;若是供小于需,则卫星做逐渐远离圆心的运动;
【详解】A、在圆轨道实施变轨成椭圆轨道是做逐渐靠近圆心的运动,要实现这个运动必须万有引力大于所需向心力,所以应给“嫦娥二号”卫星减速,减少所需的向心力,所以经过圆轨道上A点时的速率大于它经过椭圆轨道上A点时的速率,而圆轨道上的各个位置速率相等,即经过圆轨道上B点时的速率大于它经过椭圆轨道上A点时的速率,故A错误;
B、“嫦娥二号”卫星变轨前通过B点时只有万有引力来提供加速度,变轨后沿椭圆轨道运动到A点时也是只有万有引力来提供加速度,而且这两点距离月球相等,由于万有引力与距离有关,说明卫星在这两点时万有引力的大小相等,根据牛顿第二定律可知这两点加速度大小也相等,故选项B正确;
C、根据开普勒第三定律得:
,k与中心体有关,由于圆轨道的半径大于椭圆的半长轴,所以在圆轨道运行周期
大于它在椭圆轨道运行周期
,故C错误;
D、卫星变轨的时候发动机点火,发动机做功,所以“嫦娥二号”卫星点火变轨,前后的机械能不守恒,而圆轨道上的各个位置机械能相等,即在圆轨道上经过B点和在椭圆轨道上经过A点时的机械能不相等,故D错误。
【点睛】卫星变轨也就是近心运动或离心运动,根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定,注意变轨时发动机点火,即变轨前后机械能不守恒。
8.如图所示,用相同导线绕成的两个单匝线圈a、b的半径号分别为r和2r,圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合,若磁场的磁感应强度均匀增大,开始时的磁感应强度不为0,则()
A.任意时刻,穿过a、b两线圈的磁通量之比均为1:
4
B.两线圈中产生的感应电动势之比为1:
2
C.通过a、b两线圈中电荷量之比为2:
1
D.相同时间内a、b两线圈产生的热量之比为4:
1
【答案】C
【解析】
任意时刻,穿过a、b两线圈的磁感线条数,磁通量相等,磁通量之比为1:
1.故A错误.根据法拉第电磁感应定律得:
E=
S,S=πr2,则S相等,
也相等,所以感应电动势相等,感应电动势之比为1:
1,故B错误.线圈a、b的半径分别为r和2r,周长之比为1:
2,电阻之比为1:
2,根据欧姆定律知I=
,得a、b两线圈中产生的感应电流之比为2:
1.故C正确.根据焦耳定律得Q=
t,得相同时间内a、b两线圈产生的热量之比为2:
1,故D错误.故选C.
点睛:
解决本题
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- 辽宁省 大连市 24 中学 届高三 上学 期中考试 物理试题