抽屉原理.docx
- 文档编号:3656678
- 上传时间:2022-11-24
- 格式:DOCX
- 页数:11
- 大小:33.71KB
抽屉原理.docx
《抽屉原理.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《抽屉原理.docx(11页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
抽屉原理
抽屉原理
桌上有十个苹果,要把这十个苹果放到九个抽屉里,无论怎样放,我们会发现至少会有一个抽屉里面放两个苹果。
这一现象就是我们所说的“抽屉原理”。
抽屉原理的一般含义为:
“如果每个抽屉代表一个集合,每一个苹果就可以代表一个元素,假如有n+1或多于n+1个元素放到n个集合中去,其中必定至少有一个集合里有两个元素。
”抽屉原理有时也被称为鸽巢原理(“如果有五个鸽子笼,养鸽人养了6只鸽子,那么当鸽子飞回笼中后,至少有一个笼子中装有2只鸽子”)。
它是组合数学中一个重要的原理。
证明:
如图,设直线EF将正方形分成两个梯形,作中位线MN。
由于这两个梯形的高相等,故它们的面积之比等于中位线长的比,即|MH|:
|NH|。
于是点H有确定的位置(它在正方形一对对边中点的连线上,且|MH|:
|NH|=2:
3).由几何上的对称性,这种点共有四个(即图中的H、J、I、K).已知的九条适合条件的分割直线中的每一条必须经过H、J、I、K这四点中的一点.把H、J、I、K看成四个抽屉,九条直线当成9个物体,即可得出必定有3条分割线经过同一点.应该是(物体数-1)×抽屉数+1
染色问题
例1正方体各面上涂上红色或蓝色的油漆(每面只涂一种色),证明正方体一定有三个面颜色相同.
证明:
正方形有6个面由最多[m-1/n]+1得出[2.5]+1=3
例2有5个小朋友,每人都从装有许多黑白围棋子的布袋中任意摸出3枚棋子.请你证明,这5个人中至少有两个小朋友摸出的棋子的颜色的配组是一样的。
分析与解答首先要确定3枚棋子的颜色可以有多少种不同的情况,可以有:
3黑,2黑1白,1黑2白,3白共4种配组情况,看作4个抽屉.根据抽屉原理,至少有两个小朋友摸出的棋子的颜色在同一个抽屉里,也就是他们所拿棋子的颜色配组是一样的。
例3:
假设在一个平面上有任意六个点,无三点共线,每两点用红色或蓝色的线段连起来,都连好后,问你能不能找到一个由这些线构成的三角形,使三角形的三边同色?
解:
首先可以从这六个点中任意选择一点,然后把这一点到其他五点间连五条线段,如图,在这五条线段中,至少有三条线段是同一种颜色,假定是红色,现在我们再单独来研究这三条红色的线。
这三条线段的另一端或许是不同颜色,假设这三条线段(虚线)中其中一条是红色的,那么这条红色的线段和其他两条红色的线段便组成了我们所需要的同色三角形,如果这三条线段都是蓝色的,那么这三条线段也组成我们所需要的同色三角形。
因而无论怎样着色,在这六点之间的所有线段中至少能找到一个同色三角形。
例3′(六人集会问题)证明在任意6个人的集会上,或者有3个人以前彼此相识,或者有三个人以前彼此不相识。
”
例3”:
17个科学家中每个人与其余16个人通信,他们通信所讨论的仅有三个问题,而任两个科学家之间通信讨论的是同一个问题。
证明:
至少有三个科学家通信时讨论的是同一个问题。
解:
不妨设A是某科学家,他与其余16位讨论仅三个问题,由鸽笼原理知,他至少与其中的6位讨论同一问题。
设这6位科学家为B,C,D,E,F,G,讨论的是甲问题。
若这6位中有两位之间也讨论甲问题,则结论成立。
否则他们6位只讨论乙、丙两问题。
这样又由鸽笼原理知B至少与另三位讨论同一问题,不妨设这三位是C,D,E,且讨论的是乙问题。
若C,D,E中有两人也讨论乙问题,则结论也就成立了。
否则,他们间只讨论丙问题,这样结论也成立。
三.制造抽屉是运用原则的一大关键
例1从2、4、6、…、30这15个偶数中,任取9个数,证明其中一定有两个数之和是34。
分析与解答我们用题目中的15个偶数制造8个抽屉:
此抽屉特点:
凡是抽屉中有两个数的,都具有一个共同的特点:
这两个数的和是34。
现从题目中的15个偶数中任取9个数,由抽屉原理(因为抽屉只有8个),必有两个数可以在同一个抽屉中(符合上述特点).由制造的抽屉的特点,这两个数的和是34。
例2:
从1、2、3、4、…、19、20这20个自然数中,至少任选几个数,就可以保证其中一定包括两个数,它们的差是12。
分析与解答在这20个自然数中,差是12的有以下8对:
{20,8},{19,7},{18,6},{17,5},{16,4},{15,3},{14,2},{13,1}。
另外还有4个不能配对的数{9},{10},{11},{12},共制成12个抽屉(每个括号看成一个抽屉).只要有两个数取自同一个抽屉,那么它们的差就等于12,根据抽屉原理至少任选13个数,即可办到(取12个数:
从12个抽屉中各取一个数(例如取1,2,3,…,12),那么这12个数中任意两个数的差必不等于12)。
例3:
从1到20这20个数中,任取11个数,必有两个数,其中一个数是另一个数的倍数。
分析与解答根据题目所要求证的问题,应考虑按照同一抽屉中,任意两数都具有倍数关系的原则制造抽屉.把这20个数按奇数及其倍数分成以下十组,看成10个抽屉(显然,它们具有上述性质):
{1,2,4,8,16},{3,6,12},{5,10,20},{7,14},{9,18},{11},{13},{15},{17},{19}。
从这10个数组的20个数中任取11个数,根据抽屉原理,至少有两个数取自同一个抽屉.由于凡在同一抽屉中的两个数都具有倍数关系,所以这两个数中,其中一个数一定是另一个数的倍数。
例4:
某校校庆,来了n位校友,彼此认识的握手问候.请你证明无论什么情况,在这n个校友中至少有两人握手的次数一样多。
分析与解答共有n位校友,每个人握手的次数最少是0次,即这个人与其他校友都没有握过手;最多有n-1次,即这个人与每位到会校友都握了手.然而,如果有一个校友握手的次数是0次,那么握手次数最多的不能多于n-2次;如果有一个校友握手的次数是n-1次,那么握手次数最少的不能少于1次.不管是前一种状态0、1、2、…、n-2,还是后一种状态1、2、3、…、n-1,握手次数都只有n-1种情况.把这n-1种情况看成n-1个抽屉,到会的n个校友每人按照其握手的次数归入相应的“抽屉”,根据抽屉原理,至少有两个人属于同一抽屉,则这两个人握手的次数一样多。
在有些问题中,“抽屉”和“物体”不是很明显的,需要精心制造“抽屉”和“物体”.如何制造“抽屉”和“物体”可能是很困难的,一方面需要认真地分析题目中的条件和问题,另一方面需要多做一些题积累经验。
狄利克雷原则
含义
把八个苹果任意地放进七个抽屉里,不论怎样放,至少有一个抽屉放有两个或两个以上的苹果。
抽屉原则有时也被称为鸽巢原理,它是德国数学家狄利克雷首先明确的提出来并用以证明一些数论中的问题,因此,也称为狄利克雷原则。
它是组合数学中一个重要的原理。
表现形式
把它推广到一般情形有以下几种表现形式。
形式一:
证明:
设把n+1个元素分为n个集合A1,A2,…,An,用a1,a2,…,an表示这n个集合里相应的元素个数,需要证明至少存在某个ai大于或等于2(用反证法)假设结论不成立,即对每一个ai都有ai<2,则因为ai是整数,应有ai≤1,于是有:
a1+a2+…+an≤1+1+…+1=n 所以,至少有一个ai≥2,即必有一个集合中含有两个或两个以上的元素。 形式二: 设把nm+1个元素分为n个集合A1,A2,…,An,用a1,a2,…,an表示这n个集合里相应的元素个数,需要证明至少存在某个ai大于或等于m+1。 用反证法)假设结论不成立,即对每一个ai都有ai a1+a2+…+an≤m+m+…+m=nm n个m这与题设相矛盾。 所以,至少有存在一个ai≥m+1 高斯函数: 对任意的实数x,[x]表示“不大于x的最大整数”. 例如: [3.5]=3,[2.9]=2,[-2.5]=-3,[7]=7,……一般地,我们有: [x]≤x<[x]+1 形式三: 证明: 设把n个元素分为k个集合A1,A2,…,Ak,用a1,a2,…,ak表示这k个集合里相应的元素个数,需要证明至少存在某个ai大于或等于[n/k]。 (用反证法)假设结论不成立,即对每一个ai都有ai<[n/k],于是有: a1+a2+…+ak<[n/k]+[n/k]+…+[n/k]=k? [n/k]≤k? (n/k)=n k个[n/k]∴a1+a2+…+ak 所以,必有一个集合中元素个数大于或等于[n/k] 形式四: 证明: 设把q1+q2+…+qn-n+1个元素分为n个集合A1,A2,…,An,用a1,a2,…,an表示这n个集合里相应的元素个数,需要证明至少存在某个i,使得ai大于或等于qi。 (用反证法)假设结论不成立,即对每一个ai都有ai a1+a2+…+an≤q1+q2+…+qn-n 所以,假设不成立,故必有一个i,在第i个集合中元素个数ai≥qi 形式五: 证明: (用反证法)将无穷多个元素分为有限个集合,假设这有限个集合中的元素的个数都是有限个,则有限个有限数相加,所得的数必是有限数,这就与题设产生矛盾,所以,假设不成立,故必有一个集合含有无穷多个元素。 例证 例题1: 400人中至少有两个人的生日相同.分析: 生日从1月1日排到12月31日,共有366个不相同的生日,我们把366个不同的生日看作366个抽屉,400人视为400个苹果,由表现形式1可知,至少有两人在同一个抽屉里,所以这400人中有两人的生日相同. 解: 将一年中的366天视为366个抽屉,400个人看作400个苹果,由抽屉原理的表现形式1可以得知: 至少有两人的生日相同. 例题2: 任取5个整数,必然能够从中选出三个,使它们的和能够被3整除. 证明: 任意给一个整数,它被3除,余数可能为0,1,2,我们把被3除余数为0,1,2的整数各归入类r0,r1,r2.至少有一类包含所给5个数中的至少两个.因此可能出现两种情况: 1°.某一类至少包含三个数;2°.某两类各含两个数,第三类包含一个数. 若是第一种情况,就在至少包含三个数的那一类中任取三数,其和一定能被3整除;若是第二种情况,在三类中各取一个数,其和也能被3整除..综上所述,原命题正确. 例题3: 某校派出学生204人上山植树15301株,其中最少一人植树50株,最多一人植树100株,则至少有5人植树的株数相同. 抽屉原理 证明: 按植树的多少,从50到100株可以构造51个抽屉,则个问题就转化为至少有5人植树的株数在同一个抽屉里. (用反证法)假设无5人或5人以上植树的株数在同一个抽屉里,那只有5人以下植树的株数在同一个抽屉里,而参加植树的人数为204人,所以,每个抽屉最多有4人,故植树的总株数最多有: 4(50+51+…+100)=4×=15300<15301得出矛盾.因此,至少有5人植树的株数相同. 练习 练习: 1.边长为1的等边三角形内有5个点,那么这5个点中一定有距离小于0.5的两点. 2.边长为1的等边三角形内,若有n2+1个点,则至少存在2点距离小于. 3.求证: 任意四个整数中,至少有两个整数的差能够被3整除. 4.某校高一某班有50名新生,试说明其中一定有二人的熟人一样多. 5.某个年级有202人参加考试,满分为100分,且得分都为整数,总得分为10101分,则至少有3人得分相同. “任意367个人中,必有生日相同的人。 ” “从任意5双手套中任取6只,其中至少有2只恰为一双手套。 ” “从数1,2,...,10中任取6个数,其中至少有2个数为奇偶性不同。 ” ...... 大家都会认为上面所述结论是正确的。 这些结论是依据什么原理得出的呢? 这个原理叫做抽屉原理。 它的内容可以用形象的语言表述为: “把m个东西任意分放进n个空抽屉里(m>n),那么一定有一个抽屉中放进了至少2个东西。 ” 一般表述及意义 在上面的第一个结论中,由于一年最多有366天,因此在367人中至少有2人出生在同月同日。 这相当于把367个东西放入366个抽屉,至少有2个东西在同一抽屉里。 在第二个结论中,不妨想象将5双手套分别编号,即号码为1,2,...,5的手套各有两只,同号的两只是一双。 任取6只手套,它们的编号至多有5种,因此其中至少有两只的号码相同。 这相当于把6个东西放入5个抽屉,至少有2个东西在同一抽屉里。 抽屉原理的一种更一般的表述为: “把多于kn+1个东西任意分放进n个空抽屉(k是正整数),那么一定有一个抽屉中放进了至少k+1个东西。 ” 利用上述原理容易证明: “任意7个整数中,至少有3个数的两两之差是3的倍数。 ”因为任一整数除以3时余数只有0、1、2三种可能,所以7个整数中至少有3个数除以3所得余数相同,即它们两两之差是3的倍数。 如果问题所讨论的对象有无限多个,抽屉原理还有另一种表述: “把无限多个东西任意分放进n个空抽屉(n是自然数),那么一定有一个抽屉中放进了无限多个东西。 ” 用高斯函数来叙述一般形式的抽屉原理的是: 将m个元素放入n个抽屉,则在其中一个抽屉里至少会有 [m-1/n]+1个元素。 抽屉原理的内容简明朴素,易于接受,它在数学问题中有重要的作用。 许多有关存在性的证明都可用它来解决。 这个问题可以用如下方法简单明了地证出: 在平面上用6个点A、B、C、D、E、F分别代表参加集会的任意6个人。 如果两人以前彼此认识,那么就在代表他们的两点间连成一条红线;否则连一条蓝线。 考虑A点与其余各点间的5条连线AB,AC,...,AF,它们的颜色不超过2种。 根据抽屉原理可知其中至少有3条连线同色,不妨设AB,AC,AD同为红色。 如果BC,BD,CD3条连线中有一条(不妨设为BC)也为红色,那么三角形ABC即一个红色三角形,A、B、C代表的3个人以前彼此相识: 如果BC、BD、CD3条连线全为蓝色,那么三角形BCD即一个蓝色三角形,B、C、D代表的3个人以前彼此不相识。 不论哪种情形发生,都符合问题的结论。 六人集会问题是组合数学中著名的拉姆塞定理的一个最简单的特例,这个简单问题的证明思想可用来得出另外一些深入的结论。 这些结论构成了组合数学中的重要内容-----拉姆塞理论。 从六人集会问题的证明中,我们又一次看到了抽屉原理的应用。 系列之一 1.木箱里装有红色球3个、黄色球5个、蓝色球7个,若蒙眼去摸,为保证取出的球中有两个球的颜色不相同,则最少要取出多少个球? 解: 把3种颜色看作3个抽屉,若要符合题意,则小球的数目必须大于7,故至少取出8个小球才能符合要求。 2.一幅扑克牌有54张,最少要抽取几张牌,方能保证其中至少有2张牌有相同的点数? 解: 点数为1(A)、2、3、4、5、6、7、8、9、10、11(J)、12(Q)、13(K)的牌各取1张,再取大王、小王各1张,一共15张,这15张牌中,没有两张的点数相同。 这样,如果任意再取1张的话,它的点数必为1~13中的一个,于是有2张点数相同。 3.11名学生到老师家借书,老师是书房中有A、B、C、D四类书,每名学生最多可借两本不同类的书,最少借一本。 试证明: 必有两个学生所借的书的类型相同。 证明: 若学生只借一本书,则不同的类型有A、B、C、D四种,若学生借两本不同类型的书,则不同的类型有AB、AC、AD、BC、BD、CD六种。 共有10种类型,把这10种类型看作10个“抽屉”,把11个学生看作11个“苹果”。 如果谁借哪种类型的书,就进入哪个抽屉,由抽屉原理,至少有两个学生,他们所借的书的类型相同。 4.有50名运动员进行某个项目的单循环赛,如果没有平局,也没有全胜,试证明: 一定有两个运动员积分相同。 证明: 设每胜一局得一分,由于没有平局,也没有全胜,则得分情况只有1、2、3……49,只有49种可能,以这49种可能得分的情况为49个抽屉,现有50名运动员得分,则一定有两名运动员得分相同。 5.体育用品仓库里有许多足球、排球和篮球,某班50名同学来仓库拿球,规定每个人至少拿1个球,至多拿2个球,问至少有几名同学所拿的球种类是一致的? 解题关键: 利用抽屉原理2。 解: 根据规定,多有同学拿球的配组方式共有以下9种: ﹛足﹜﹛排﹜﹛蓝﹜﹛足足﹜﹛排排﹜﹛蓝蓝﹜﹛足排﹜﹛足蓝﹜﹛排蓝﹜。 以这9种配组方式制造9个抽屉,将这50个同学看作苹果50÷9=5……5 由抽屉原理2k=[m/n]+1可得,至少有6人,他们所拿的球类是完全一致的。 6.某校有55个同学参加数学竞赛,已知将参赛人任意分成四组,则必有一组的女生多于2人,又知参赛者中任何10人中必有男生,则参赛男生的人生为__________人。 解: 因为任意分成四组,必有一组的女生多于2人,所以女生至少有4×2+1=9(人);因为任意10人中必有男生,所以女生人数至多有9人。 所以女生有9人,男生有55-9=46(人) 系列之二 7、证明: 从1,3,5,……,99中任选26个数,其中必有两个数的和是100。 解析: 将这50个奇数按照和为100,放进25个抽屉: (1,99),(3,97),(5,95),……,(49,51)。 根据抽屉原理,从中选出26个数,则必定有两个数来自同一个抽屉,那么这两个数的和即为100。 8。 某旅游车上有47名乘客,每位乘客都只带有一种水果。 如果乘客中有人带梨,并且其中任何两位乘客中至少有一个人带苹果,那么乘客中有______人带苹果。 解析: 由题意,不带苹果的乘客不多于一名,但又确实有不带苹果的乘客,所以不带苹果的乘客恰有一名,所以带苹果的就有46人。 9。 一些苹果和梨混放在一个筐里,小明把这筐水果分成了若干堆,后来发现无论怎么分,总能从这若干堆里找到两堆,把这两堆水果合并在一起后,苹果和梨的个数是偶数,那么小明至少把这些水果分成了_______堆。 解析: 要求把其中两堆合并在一起后,苹果和梨的个数一定是偶数,那么这两堆水果中,苹果和梨的奇偶性必须相同。 对于每一堆苹果和梨,奇偶可能性有4种: (奇,奇),(奇,偶),(偶,奇),(偶,偶),所以根据抽屉原理可知最少分了4+1=5筐。 10。 有黑色、白色、蓝色手套各5只(不分左右手),至少要拿出_____只(拿的时候不许看颜色),才能使拿出的手套中一定有两双是同颜色的。 解析: 考虑最坏情况,假设拿了3只黑色、1只白色和1只蓝色,则只有一双同颜色的,但是再多拿一只,不论什么颜色,则一定会有两双同颜色的,所以至少要拿6只。 11。 从前25个自然数中任意取出7个数,证明: 取出的数中一定有两个数,这两个数中大数不超过小数的1。 5倍。 证明: 把前25个自然数分成下面6组: 1;① 2,3;② 4,5,6;③ 7,8,9,10;④ 11,12,13,14,15,16;⑤ 17,18,19,20,21,22,23,⑥ 因为从前25个自然数中任意取出7个数,所以至少有两个数取自上面第②组到第⑥组中的某同一组,这两个数中大数就不超过小数的1。 5倍。 12.一副扑克牌有四种花色,每种花色各有13张,现在从中任意抽牌。 问最少抽几张牌,才能保证有4张牌是同一种花色的? 解析: 根据抽屉原理,当每次取出4张牌时,则至少可以保障每种花色一样一张,按此类推,当取出12张牌时,则至少可以保障每种花色一样三张,所以当抽取第13张牌时,无论是什么花色,都可以至少保障有4张牌是同一种花色。 13.从1、2、3、4……、12这12个自然数中,至少任选几个,就可以保证其中一定包括两个数,他们的差是7? 【解析】在这12个自然数中,差是7的自然树有以下5对: {12,5}{11,4}{10,3}{9,2}{8,1}。 另外,还有2个不能配对的数是{6}{7}。 可构造抽屉原理,共构造了7个抽屉。 只要有两个数是取自同一个抽屉,那么它们的差就等于7。 这7个抽屉可以表示为{12,5}{11,4}{10,3}{9,2}{8,1}{6}{7},显然从7个抽屉中取8个数,则一定可以使有两个数字来源于同一个抽屉,也即作差为7,所以选择D。 系列之三 1.某幼儿班有40名小朋友,现有各种玩具122件,把这些玩具全部分给小朋友,是否会有小朋友得到4件或4件以上的玩具? 分析与解: 将40名小朋友看成40个抽屉。 今有玩具122件,122=3×40+2。 应用抽屉原理2,取n=40,m=3,立即知道: 至少有一个抽屉中放有4件或4件以上的玩具。 也就是说,至少会有一个小朋友得到4件或4件以上的玩具。 2.一个布袋中有40块相同的木块,其中编上号码1,2,3,4的各有10块。 问: 一次至少要取出多少木块,才能保证其中至少有3块号码相同的木块? 分析与解: 将1,2,3,4四种号码看成4个抽屉。 要保证有一个抽屉中至少有3件物品,根据抽屉原理2,至少要有4×2+1=9(件)物品。 所以一次至少要取出9块木块,才能保证其中有3块号码相同的木块。 3.六年级有100名学生,他们都订阅甲、乙、丙三种杂志中的一种、二种或三种。 问: 至少有多少名学生订阅的杂志种类相同? 分析与解: 首先应当弄清订阅杂志的种类共有多少种不同的情况。 订一种杂志有: 订甲、订乙、订丙3种情况; 订二种杂志有: 订甲乙、订乙丙、订丙甲3种情况; 订三种杂志有: 订甲乙丙1种情况。 总共有3+3+1=7(种)订阅方法。 我们将这7种订法看成是7个“抽屉”,把100名学生看作100件物品。 因为100=14×7+2。 根据抽屉原理2,至少有14+1=15(人)所订阅的报刊种类是相同的。 4.篮子里有苹果、梨、桃和桔子,现有81个小朋友,如果每个小朋友都从中任意拿两个水果,那么至少有多少个小朋友拿的水果是相同的? 分析与解: 首先应弄清不同的水果搭配有多少种。 两个水果是相同的有4种,两个水果不同有6种: 苹果和梨、苹果和桃、苹果和桔子、梨和桃、梨和桔子、桃和桔子。 所以不同的水果搭配共有4+6=10(种)。 将这10种搭配作为10个“抽屉”。 81÷10=8……1(个)。 根据抽屉原理2,至少有8+1=9(个)小朋友拿的水果相同。 5.学校开办了语文、数学、美术三个课外学习班,每个学生最多可以参加两个(可以不参加)。 问: 至少有多少名学生,才能保证有不少于5名同学参加学习班的情况完全相同? 分析与解: 首先要弄清参加学习班有多少种不同情况。 不参加学习班有1种情况,只参加一个学习班有3种情况,参加两个学习班有语文和数学、语文和美术、数学和美术3种情况。 共有1+3+3=7(种)情况。 将这7种情况作为7个“抽屉”,根据抽屉原理2,要保证不少于5名同学参加学习班的情况相同,要有学生 7×(5-1)+1=29(名)。 6.在1,4,7,10,…,100中任选20个数,其中至少有不同的两对数,其和等于104。 分析: 解这道题,可以考虑先将4与100,7与97,49与55……,这些和等于104的两个数组成一组,构成16个抽屉,剩下1和52再构成2个抽屉,这样,即使20个数中取到了1和52,剩下的18个数还必须至少有两个数取自前面16个抽屉中的两个抽屉,从而有不同的两组数,其和等于104;如果取不到1和52,
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 抽屉 原理