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周世勋量子力学习题及解答
量子力学习题及解答
第一章量子理论基础
m与温度T成反比,即
1.1由黑体辐射公式导出维恩位移定律:
能量密度极大值所对应的波长
mT=b(常量);
并近似计算b的数值,准确到二位有效数字。
解根据普朗克的黑体辐射公式
8hv3
vdv3hvdV,
(1)
e
ekT1
以及
ve,
(2)
vdvvd,
(3)
有
这里的的物理意义是黑体内波长介于入与入+d入之间的辐射能量密度。
本题关注的是入取何值时,取得极大值,因此,就得要求对入的一阶导数为零,由此可求得相应的
入的值,记作m。
但要注意的是,还需要验证对入的二阶导数在m处的取值是否小于零,如果小于零,那
么前面求得的m就是要求的,具体如下:
he
如果令x=,则上述方程为
kT
这是一个超越方程。
首先,易知此方程有解:
x=0,但经过验证,此解是平庸的;另外的一个解可以通过逐步近
似法或者数值计算法获得:
x=,经过验证,此解正是所要求的,这样则有
把x以及三个物理常量代入到上式便知
这便是维恩位移定律。
据此,我们知识物体温度升高的话,辐射的能量分布的峰值向较短波长方面移动,这样便
会根据热物体(如遥远星体)的发光颜色来判定温度的高低。
1.2在0K附近,钠的价电子能量约为3eV,求其德布罗意波长。
解根据德布罗意波粒二象性的关系,可知
E=hv,
如果所考虑的粒子是非相对论性的电子(E动ee2),那么
如果我们考察的是相对性的光子,那么
E=pe
注意到本题所考虑的钠的价电子的动能仅为3eV,远远小于电子的质量与光速平方的乘积,即0.51106eV,
因此利用非相对论性的电子的能量一一动量关系式,这样,便有
在这里,利用了
以及
最后,对
作一点讨论,从上式可以看岀,当粒子的质量越大时,这个粒子的波长就越短,因而这个粒子的波动性较弱,而粒子性较强;同样的,当粒子的动能越大时,这个粒子的波长就越短,因而这个粒子的波动性较弱,而粒子性较强,由于宏观世界的物体质量普遍很大,因而波动性极弱,显现岀来的都是粒子性,这种波粒二象性,从某种子意义来说,只有在微观世界才能显现。
3
1.3氦原子的动能是E—kT(k为玻耳兹曼常数),求T=1K时,氦原子的德布罗意波长。
2
解根据
3
1kK10eV,
知本题的氦原子的动能为
2
显然远远小于核c这样,便有
这里,利用了
最后,再对德布罗意波长与温度的关系作一点讨论,由某种粒子构成的温度为能的数量级为kT,这样,其相庆的德布罗意波长就为据此可知,当体系的温度越低,相应的德布罗意波长就越长,这时这种粒子的波动性就越明显,特别是当波长长到比粒子间的平均距离还长时,粒子间的相干性就尤为明显,因此这时就能用经典的描述粒子统计分布的玻耳兹曼分布,而必须用量子的描述粒子的统计分布一一玻色分布或费米公布。
1.4利用玻尔一一索末菲的量子化条件,求:
(1)一维谐振子的能量;
(2)在均匀磁场中作圆周运动的电子轨道的可能半径。
T的体系,其中粒子的平均动
已知外磁场H=10T,玻尔磁子Mb91024JT1,试计算运能的量子化间隔△E,并与
T=4K及T=100K
的热运动能量相比较。
解玻尔索末菲的量子化条件为
其中q是微观粒子的一个广义坐标,p是与之相对应的广义动量,回路积分是沿运动轨道积一圈,
(1)设一维谐振子的劲度常数为k,谐振子质量为卩,于是有
这样,便有
这里的正负号分别表示谐振子沿着正方向运动和沿着负方向运动,一正一负正好表示一个来回,运动了一圈外,根据
n是正整数。
可解出
2E
这表示谐振子的正负方向的最大位移。
这样,根据玻尔一一索末菲的量子化条件,有为了积分上述方程的左边,作以下变量代换;
这样,这时,这样,
便有
令上式左边的积分为A,此外再构造一个积分
便有
22E
2
2E
这里
=2e,这样,就有
[2E
2
.k
厂
—cos2d•k
(2)
Ekdsin0
根据式
(1)和
(2),便有这样,便有
其中h
最后,对此解作一点讨论
首先,注意到谐振子的能量被量子化了;
其次,这量子化的能量是等间隔分布的
(2)当电子在均匀磁场中作圆周运动时,有这时,玻尔一一索末菲的量子化条件就为
2
P
又因为动能耐E,所以,有
2
其中,MB—是玻尔磁子,这样,发现量子化的能量也是等间隔的,而且
2
具体到本题,有
根据动能与温度的关系式以及
可知,当温度T=4K时,
当温度T=100K时,
显然,两种情况下的热运动所对应的能量要大于前面的量子化的能量的间隔。
1.5两个光子在一定条件下可以转化为正负电子对,如果两光子的能量相等,问要实现实种转化,光子的波长最大是多少?
解关于两个光子转化为正负电子对的动力学过程,如两个光子以怎样的概率转化为正负电子对的问题,严
格来说,需要用到相对性量子场论的知识去计算,修正当涉及到这个过程的运动学方面,如能量守恒,动量守恒等,我们不需要用那么高深的知识去计算,具休到本题,两个光子能量相等,因此当对心碰撞时,转化为正风电子对反需的能量最小,因而所对应的波长也就最长,而且,有此外,还有于是,有
尽管这是光子转化为电子的最大波长,但从数值上看,也是相当小的,我们知道,电子是自然界中最轻的有质量的粒子,如果是光子转化为像正反质子对之类的更大质量的粒子,那么所对应的光子的最大波长将会更小,这从某种意义上告诉我们,当涉及到粒子的衰变,产生,转化等问题,一般所需的能量是很大的。
能量越大,粒子间的转化等现象就越丰富,这样,也许就能发现新粒子,这便是世界上在造越来越高能的加速器的原因:
期待发现新现象,新粒子,新物理。
第二章波函数和薛定谔方程
证明在定态中,几率流与时间无关。
证:
对于定态,可令可见J与t无关
2表示向内(即向原点)传播的球面波。
由下列定态波函数计算几率流密度:
从所得结果说明1表示向外传播的球面波,
解:
Ji和J2只有r分量
在球坐标中ro—ee-
rrrsin
^与r同向。
表示向外传播的球面波。
可见,J2与r反向。
表示向内(即向原点)传播的球面波。
补充:
设(x)eikx,粒子的位置几率分布如何?
这个波函数能否归一化?
2
•••波函数不能按(x)dx1方式归一化。
其相对位置几率分布函数为
21表示粒子在空间各处岀现的几率相同
一粒子在一维势场
中运动,求粒子的能级和对应的波函数。
解:
U(x)与t无关,是定态问题。
其定态S—方程
在各区域的具体形式为
2d2
i(x)
U(x)i(x)
E
i(x)
①
I:
x
°
2mdx2
n:
°
xa
2d2
2(x)
E2(x)
②
2mdx2
皿:
x
a
2d2
3(X)
U(x)3(x)
E
3(X)
③
2mdx2
由于⑴、⑶方程中,由于U(x)
,要等式成立,必须
即粒子不能运动到势阱以外的地方去。
方程
(2)可变为
d22(x)
dx2
2mE
2_
2(x)
令k2
2mE
2-
,得
其解为2(x)AsinkxBcoskx
根据波函数的标准条件确定系数A,B,由连续性条件,得
2(°)1(°)⑤
2(a)
3(a)⑥
⑤
B°
⑥
Asinka°
A°
sinka°
kan
(n1,2,3,)
2(x)Asinx
由归一化条件
得Asin2一xdx1
oa
a.m.n,a
sinxsinxdx
baa2
22
En2n2(n1,2,3,)可见E疋量子化的
2ma
对应于En的归一化的定态波函数为
证明
()式中的归一化常数是
证:
n/
Asin(x
a
0,
a),
()
由归一化,得
•••归一化常数A1
Ja
求一维谐振子处在激发态时几率最大的位置。
解:
1
xe2
2x2
令d1(x)
Vdx
0,得
由1(x)的表达式可知,x
时,
1(x)0。
显然不是最大几率的位置。
可见x
是所求几率最大的位置。
在一维势场中运动的粒子,势能对原点对称:
U(
x)U(x),证明粒子的定态波函数具有确定的宇称。
证:
在一维势场中运动的粒子的定态s-方程为
2d2
(x)U(x)(x)E(x)
将式中的X以(x)代换,得
2d2
厂d7(x)U(x)(x)
(x)
利用U(x)U(x),得
x)U(x)(x)E(x)
比较①、③式可知,(
x)和(x)都是描写在同一势场作用下的粒子状态的波函数。
由于它们描写的是
同一个状态,因此(x)和
(x)之间只能相差一个常数c。
方程①、③可相互进行空间反演
(x
x)而得
其对方,由①经
xx反演,可得③,
(x)c(x)
由③再经x
x反演,可得①,反演步骤与上完全相同,即是完全等价的
(x)c
x)
④乘⑤,得
可见,c
1时,
(x)
(x),
(x)具有偶宇称,
1时,
x)
(x),
(x)具有奇宇称,
当势场满足
U(
x)
U(x)时,粒子的定态波函数具有确定的宇称。
一粒子在一维势阱中
运动,求束缚态(0E
U0)的能级所满足的方程。
解法一:
粒子所满足的
S-方程为
按势能
U(x)的形式分区域的具体形式为
n:
2
d2
2
dx2
2
d2
2
dx2
2
d2
2
dx2
皿:
得
i(x)
2(X)
3(X)
整理后,
(Uo
2
Uo
Uo
E)
i(x)Ei(x)
2(X)
3(x)E3(x)
n:
令ki2
2(UoE)
2
k;
2(U。
E)c「、
皿:
3230⑥
则
i:
1k-|210
2
n:
.2k220
皿:
3k110
各方程的解为
由波函数的有限性,有因此
由波函数的连续性,有
整理(10)、(11)、(12)、(13)式,并合并成方程组,得
解此方程即可得岀B、C、D、F,进而得岀波函数的具体形式,要方程组有非零解,必须
2k〔ae
22.
•••(k2k1)sin2k2a2k1k2cos2k2a0
22
即(k2k1)tg2k2a2k1k20为所求束缚态能级所满足的方程。
#
(11)-(13)
2k2Dsink2a
k1ek1a(BF)
(10)+(12)
2Dcosk2ae
k1a(B
F)
(11)+(13)
2k2Ccosk2a
«(F
B)eik1a
(12)-(10)
2Csink2a(F
B)eik1a
(11)(13)
(12)(10)
k2ctgk2a
k1
令k2a,
k?
a,则
合并(a)、(b):
解法二:
接(13)式
#
解法三:
2&k2
tg2k2a
利用tg2k2a
2tgk2a
1tg2k2a
解法四:
(最简方法
-平移坐标轴法)
2
121
U。
1E1
(x^
0)
2
":
22
E
2
(0 <2a) 2 in: —3 23 U。 3E3 (x> 2a) k2 111 0 (1) k22 (U0E) )2 k2 222 0 (2) k22 E2 束缚态0 k2 313 0 (3) 因此 由波函数的连续性,有 ⑺代入⑹ 利用⑷、(5),得 # 分子间的范德瓦耳斯力所产生的势能可以近似表示为求束缚态的能级所满足的方程。 解: 势能曲线如图示,分成四个区域求解。 定态S-方程为 对各区域的具体形式为 对于区域I,U(X) ,粒子不可能到达此区域,故 2 I: 2 1U(x) 1E1 (X0) 2 n: 2 2U02 E2 (0xa) 2 n: 2 3U13 E3 (axb) 2 IV: 2 40E 4 (bx) 2(U。 E) 222 2(UiE) 23 2k12 ki2 2(UoE) 2 kf 2(U1E) 2 2E/2 各方程的解分别为 由波函数的有限性,得 4Fek3x 由波函数及其一阶导数的连续,得 k3x 2A(e kax e) 2(a)3(a) A(ek3x k3X) Csink2a Dcosk2a 3(a) 3(a) Ak1(ek3a ek3a) Ck2cosk2aDk2sink2a 3(b) 4(b) Csink2b Dcosk2bFek3b 3(b) 4(b) Ck2sink2bDk2cosk2bFk3ek3b 由⑦、⑧,得 k1a k1e1 kkqa 2e1 ek1aCcosk2aDcosk2a Oa e1 Csink2aDcosk2a (11) 由⑨、⑩得 (k2cosk2b)C(k2sink2b)D(k3sink2b)C(k3cosk2b)D k2k? (-cosk2bsink2b)C(-cosk2bsink2b)D0(12) k3k3 e1e1k1 令〒不-,则①式变为 e1e1k2 联立(12)、(13)得,要此方程组有非零解,必须 把代入即得 此即为所要求的束缚态能级所满足的方程。 附: 从方程⑩之后也可以直接用行列式求解。 见附页。 此即为所求方程。 # 补充练习题一 12x2、、… 1、设(x)Ae2(为常数),求a=? 解: 由归一化条件,有 121I2 A2—eydyA2—J利用eydyv 2、求基态微观线性谐振子在经典界限外被发现的几率。 1 解: 基态能量为E° a,则有 2 设基态的经典界限的位置为 a。 在界限外发现振子的几率为 exdx a (0 ex) 式中一二 42 Pt2/2 e dt为正态分布函数 (x)J \t2/2dt ••.2时的值 (.2)0.92 厂0.92] 2(10.92)0.16 •••在经典极限外发现振子的几率为。 3、试证明(X) e^ (2 3x33 x)是线性谐振子的波函数,并求此波函数对应的能量。 证: 线性谐振子的 S-方程为 2d2 2dx (x) x2(x) E(x) 把(x)代入上式,有 把笙(x)代入①式左边,得 dx 7时,左边=右边 2 (x) 1 2 22 x (2 3x3 3x),是线性谐振子的波函数,其对应的能量为 一维谐振子处在基态(x) 第三章 2x22 22 量子力学中的力学量 t ,求: (i)势能的平均值U- 2 (2)动能的平均值T— 2 ⑶动量的几率分布函数 解: (1)? U 1 2— x T1 2 22x2 xedx 2 2 厂 (2) T 2 p 2 1 2 *2 (x)p (x)dx 1 1 1 或 T EU 2 4 4 ⑶ c(p) * p(x) (x)dx 动量几率分布函数为 # 1r/a .氢原子处在基态(r,,)e,求: Va3 (1)r的平均值; 2 e (2)势能的平均值; r (3)最可几半径; (4)动能的平均值; (5) ri0,r2时, 动量的几率分布函数 解: ⑴rr (r,,)d3reorsindrdd 1o3000 ao (3)电子岀现在 叶dr球壳内岀现的几率为 人d(r) 0,r10,r2,r3a。 令 dr (r)0为几率最小位置 当 ao是最可几半径。 21211 一2(r—)(sin—)——22 rrrsinsin (5)C(p) p(r) (r,,)d 动量几率分布函数 # 证明氢原子中电子运动所产生的电流密度在球极坐标中的分量是证: 电子的电流密度为 在球极坐标中为 式中er、e、e为单位矢量 nm中的r和部分是实数 Je ie 2rsin (im im 2)e emrsin 可见,JerJe0 # 由上题可知,氢原子中的电流可以看作是由许多圆周电流组成的 (1)求一圆周电流的磁矩。 (2)证明氢原子磁矩为 原子磁矩与角动量之比为 这个比值称为回转磁比率。 解: (1)一圆周电流的磁矩为 dMiAJedSA(i 为圆周所围面积) (2)氢原子的磁矩为 在CGS单位制中M 原子磁矩与角动量之比为 MzM LzLz (SI) H-l 为圆周电流,A rslnti Mz 匚 2c(CGS) 一刚性转子转动惯量为 它的能量的经典表示式是H 昔,L为角动量,求与此对应的量子体系在下列情 况下的定态能量及波函数: (1)转子绕一固定轴转动: (2)转子绕一固定点转动: 解: (1)设该固定轴沿 z轴方向,则有 哈米顿算符 2Id2 其本征方程为 (H与t无关,属定态问题 令m2 取其解为 ()Aeim (m可正可负可为零) 由波函数的单值性,应有 即 1ZLIIIA e1 •m=0, ±1±2… 22 转子的定态能量为 Em m (m=0,±1,±2,…) m2I 可见能量只能取一系列分立值,构成分立谱。 定态波函数为 A为归一化常数,由归一化条件 •••转子的归一化波函数为 综上所述,除m=0夕卜,能级是二重简并的。 (2)取固定点为坐标原点,则转子的哈米顿算符为 #与t无关,属定态问题,其本征方程为 (式中Y(,)设为I-? 的本征函数,E为其本征值) 令2IE2,则有 此即为角动量L的本征方程,其本征值为 其波函数为球谐函数Ym(,)NmP円(cos)eim •转子的定态能量为 可见,能量是分立的,且是(21)重简并的。 # 设t=0时,粒子的状态为求此时粒子的平均动量和平均动能。 解: (x)A[sin2kx吉coskx]A1(1cos2kx)占coskx] 可见,动量pn的可能值为0 2k 2k k k 2 …2 2 -・22 ■22 ■22 pn, 2k 2k k k 动能的可能值为 0 2 2 2 .2 .2 .2 .2 .2 A A A A A、小 对应的几率n应为 ( )2 4 16 16 16 16 上述的A为归一化常数,可由归一化条件, 得 A1/ •动量p的平均值为 # 一维运动粒子的状态是 其中0,求: (1)粒子动量的几率分布函数; (2)粒子的平均动量。 解: (1)先求归一化常数,由 •••A 3/2 动量几率分布函数为 (x)p(x)dxi 43xex—(e%)dx dx # .在一维无限深势阱中运动的粒子,势阱的宽度为a,如果粒子的状态由波函数 描写,A为归一化常数,求粒子的几率分布和能量的平均值。 解: 由波函数(X)的形式可知一维无限深势阱的分布如图示。 粒子能量的本征函数和本征值为 动量的几率分布函数为 (E) Cn 先把(X)归一化,由归一化条件, Cn x(ax)dx (E)|Cn|2典[1(1门2n .设氢原子处于状态求氢原子能量、角动量平方及角动量z分量的可能值,这些可能值岀现的几率和这些力学量的平均值。 解: 在此能量中,氢原子能量有确定值 角动量平方有确定值为 角动量Z分量的可能值为 其相应的几率分别为 13 44 其平均值为 一粒子在硬壁球形空腔中运动,势能为 求粒子的能级和定态函数。 解: 据题意,在ra的区域,U(r),所以粒子不可能运动到这一区域,即在这区域粒子的波函数 0(ra) 由于在ra的区域内,U(r) 0。 只求角动量为零的情况,即 0,这时在各个方向发现粒子的几率是 相同的。 即粒子的几率分布与角度 无关,是各向同性的,因此,粒子的波函数只与r有关,而与 关。 设为(r),则粒子的能量的本征方程为 令U(r)rE k2 其通解为 波函数的有限性条件知, (0)有限,则 (r) B —sinkrr 由波函数的连续性条件,有 •/B0•••ka (n1,2,) 2 Enn 22 2a2 其中B为归一化,由归一化条件得 归一化的波函数 .n rrsinTr (r).a \2ar 22 .求第题中粒子位置和动量的测不准关系(X)(p) 解: (x)2(p)2 粒子处于状态式中为常量。 当粒子的动量平均值,并计算测不准关系 解: ①先把(x)归一化,由归一化条件,得 ••是归一化的 ②动量平均值为 (x)2(p)2 *xdx xe 2 xdx (奇被积函数) # 利用测不准关系估计氢原子的基态能量。 解: 设氢原子基态的最概然半径为R,则原子半径的不确定范围可近似取为 由测不准关系 (P)2 4R2 对于氢原子,基态波函数为偶宇称, 而动量算符 P为奇宇称,所以 又有 (P)2 —2 p 所以 P2( P)2 4R2 可近似取 R2 能量平均
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