高二期中复习卷.docx
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高二期中复习卷
深圳科学高中高二年级期中复习训练题
姓名:
___________班级:
___________
一、选择题(题型注释)
1.如图(甲)所示,AB是一条点电荷电场中的电场线,图(乙)则是放在电场线上a、b两处的检验电荷的电荷量大小与所受静电力大小之间的函数图线,由此可以判断()
A.场源是正电荷,位置在A侧
B.场源是正电荷,位置在B侧
C.场源是负电荷,位置在A侧
D.场源是负电荷,位置在B侧
2.在图所示电路中,电源电动势为12V,电源内阻为l.0Ω,电路中的电阻R0为1.5Ω,小型直流电动机M的内阻为0.5Ω,闭合开关S后,电动机转动,电流表的示数为2.
0A。
则以下判断中正确的是()
A.电动机的输出功率为14W
B.电动机两端的电压为1.0V
C.电动
机产生的热功率为4.0W
D.电源输出的电功率为20W
3.如图所示,A、B是平行板电容器的两个极板,B板接地,A板带有电荷量+Q,板间电场中有一固定点P,若将B板固定,A板下移一些;或者将A板固定,B板上移一些,在这两种情况下,以下说法中正确的是()
A.A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势不变
B.A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势升高
C.B板上移时,P点
的电场强度不变,P点电势降低
D.B板上移时,P点的电场强度减小,P点电势降低
4.如图所示的电路中,L1、L2和L3为三个相同的灯泡,灯泡电阻大于电源内阻,当滑动变阻器R的滑片P向左移动时,下列说法中正确的是()
A.L1、L3两灯变亮,L2灯变暗
B.L2灯中电流变化值小于L3灯中电流变化值
C.电源输出功率增大
D.电源的供电效率增大
5.如图所示的电路中,电键S原来是闭合的,当
R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时,悬在平行板电容器C两水平
极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态,能使尘埃P加速向上移动的方法是()
A.把R1的滑片向上移动
B.把R2的滑片向上移动
C.把R2的滑片向下移动
D.断开电键S
6.在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定一个电荷量为+Q的点电荷,在水平面上的N点,由静止释放质量为m,电荷量为-q的负检验电荷,该检验电荷经过P点时速度为v,图中θ=60º,规定电场中P点的电势为零.则在+Q形成的电场中()
A.N点电势高于P点电势
B.N点电势为
C.P点电场强度大小是N点的4倍
D.检验电荷在N点具有的电势能为-
7.如图所示,实线为方向未知的三条电场线,a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞入。
仅在电场力作用下,两粒子的运动轨迹如图中虚线所示,则()
A.
一定带正电,b一定带负电
B.
加速度增大,b加速度增大
C.
电势能减小,b电势能增大
D.
和b的动能一定都增大
8.如图所示,四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表。
安培表A1的量程大于A2的量程,伏特表V1的量程大于V2的量程,把它们按图接入电路,则下列说法正确的是:
()
A.安培表A1的读数大于安培表A2的读数
B.安培表A1的偏转角小于安培表A2的偏转角
C.伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数
D.伏特表V1的偏转角小于于伏特表V2的偏转角
9.如图所示,曲线表示电场中关于x轴对称的等势面,在x轴上有a、b两点。
若一带电粒子沿x轴从a点移到b点,电场力做负功,则下列说法正确的是()
A.a点的电场强度方向与x轴方向相同
B.a点的电场强度大于b点的电场强度
C.带电粒子的电势能一定增加
D.带电粒子的动能一定增加
10.一平行板电容器,两板之间的距离d和两板面积S都可以调节,保持电容器两极板与电源两极相连接.以Q表示电容器的电量,E表示两极板间的电场强度,则()
A.当d增大、S不变时,Q减小B.当d不变、S增大时,Q不变
C.当S不变、d减小时,E减小D.当S减小、d减小时,E不变
二、多选题(题型注释)
11.关于点电荷和元电荷的说法中,正确的是:
A.只有很小的球形带电体才叫做点电荷
B.带电体间的距离比它们本身的大小大得多,以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时,带电体就可以视为点电荷
C.元电荷就是电子
D.任何带电体的电量都是元电荷的整数倍
12.如图甲所示两平行金属板,B板接地。
从t=0时刻起AB板接电源,A板电势随时间变化图象如图乙,板间一带正电粒子(不计重力)由静止开始在电场力作用下运动。
板间距足够长,则下列说法正确的是()
A.粒子在两板间往复运动
B.t=
时粒子速度为零
C.t=
到t=
这段时间内粒子的电势能降低,电场力对粒子做正功
D.t=
时与t=
时粒子速度之比是1:
4
三、实验题(题型注释)
13.在伏安法测电阻的实验中,待测电阻Rx约为200Ω,电压表V的内阻约为2kΩ,电流表A的内阻约为10Ω,测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示,计算结果由
计算得出,式中U与I分别为电压表和电流表的读数;若将图(a)和图(b)中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2,则①(填“Rx1”或“Rx2”)更接近待测电阻的真实值,且测量值Rx1②(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值,测量值Rx2③(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值。
14.要测绘一个标有“3V0.6W”小灯泡的伏安特性曲线,灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V,并便于操作。
已选用的器材有:
电池组(电动势为4.5V,内阻约1Ω);
电流表(量程为0~250mA.内阻约5Ω);
电压表(量程为0~3V.内限约3kΩ);
电键一个、导线若干。
(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_______(填字母代号)。
A.滑动变阻器(最大阻值20Ω,额定电流1A)
B.滑动变阻器(最大阻值1750Ω,额定电流0.3A)
(2)实验的电路图应选用下列的图__________(填字母代号)。
(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。
如果这个小灯泡两端所加电压为1.5V,则小灯泡在该温度时的电阻是________Ω。
随着电压增大,温度升高,小灯泡的电阻_______。
(填“增大”,“减小”或“不变”)
四、计算题(题型注释)
15.如图所示,电源的电动势E=110V,电阻R1=21Ω,电动机绕组的电阻R0=0.5Ω,电键S1始终闭合。
当电键S2断开时,电阻R1的电功率是525W;
当电键S2闭合时,电阻R1的电功率是336W,求
(1)电源的内电阻;
(2)当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率。
16.(14分)如图所示,质量为m,电荷量为e的粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向的直线AO方向射入匀强电场,由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45°角,已知AO的水平距离为d.(不计重力)求:
(1)从A点到B点用的时间;
(2)匀强电场的电场强度大小;(3)AB两点间电势差.
17.(10分)把质量m=2×10-3kg的带负电小球A,用绝缘细绳悬起,若将带电量为QB=4.0×10-6C的带电球B靠近A,当两个带电小球在同一高度相距r=0.3m时,绳与竖直方向的夹角为α=45°,如图,试求:
(1)B球受到的库仑力多大?
(2)A球带电量是多少?
(g=10m/s2k=9.0×109Nm2/C2)
18.如图所示为用电动机提升重物的装置,电动机线圈的电阻r=1Ω,电动机两端的电压U=5V,电路中的电流I=1A,物体A重G=20N,不计摩擦力,则:
(1)电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少?
(2)10s内,可以把重物A匀速提升多高?
参考答案
1.A
【解析】
试题分析:
由电场力F=qE可知乙图的斜率表示场强的大小,所以a点场强较大,距离场源电荷越近,场强越大,可知场源电荷距离a点最近,由电场线方向可知场源电荷为正电荷,故A正确,B、C、D错误。
考点:
电场强度
2.D
【解析】
试题分析:
电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W,电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5=2W,所以电动机的输出功率为14W-2W=12W,所以A、C错误;电动机的电压为U=E-U内-UR0=E-Ir-IR0=12-2×1-2×1.5=7V,故B错误;电源的输出的功率为P输出=EI-I2R=12×2-22×1=20W,故A错误,D正确。
考点:
焦耳定律
3.AC
【解析】
试题分析:
由题,电容器两板所带电量不变,正对面积不变,A板下移时,根据推论:
,电压
,电场强度
可知,P点的电场强度E不变.P点与下板的距离不变,根据公式U=Ed,P点与下板的电势差不变,则P点的电势不变.故A正确,B错误;B板上移时,同理得知,P点的电场强度不变,根据公式U=Ed,P点与下板的电势差减小,而P点的电势高于下板的电势,下板的电势为零,所以P点电势降低.故C正确,D错误。
考点:
平行板电容器
4.ABC
【解析】
试题分析:
滑片P向左移动,电阻变小,总电流I变大,L1变亮。
L1和内阻分压变大,并联部分电压变小,L2灯变暗,I2变小,又I变大,I=I2+I3,所以I3变大,L3灯变亮,故A正确;I2变小,I3变大,I变大,所以I2变化值小于I3变化值,故B正确;灯泡电阻大于电源内阻,当电阻变小且始终大于内阻时,电源输出功率增大,故C正确;
,电阻变小,总电流变大,内阻分压变大,路端电压变小,电源的供电效率减小,故D错误。
考点:
闭合电路欧姆定律
5.C
【解析】
试题分析:
以油滴为研究对象进行受力分析可知,油滴静止不动,所受电场力与重力平衡,即
。
题中R1没有电流通过,故改变R1时对电路工作状态无影响,粒子将静止不动,故A错误;把R2的滑片向上移动,减小R2的阻值,R2的电压变小,电容器电压变小,电场力小于重力,粒子向下运动,故B错误;把R2的滑片向下移动,增大R2的阻值,R2的电压变大,电容器电压变大,电场力大于重力,粒子向上运动,故C正确;断开电键S时,电容器与可变电阻构成闭合回路,电容器放电,油滴下落,故D错误。
考点:
闭合电路欧姆定律
6.C
【解析】
试题分析:
根据顺着电场线方向电势降低可知,M点的电势高于N点的电势,而M、P两点的电势相等(如下图),则N点电势低于P点电势.故A错误;根据动能定理得:
检验电荷由N到P的过程:
-q(φN-φP)=
,由题,P点的电势为零,即φP=0,解得,N点的电势φN=-
,所以B错;由点电荷的电场强度公式:
E=
,又因为ON=2OP,所以EP=4EN,所以C正确,检验电荷在N点具有的电势能为EP=-qφN=
,所以D错。
考点:
匀强电场中电势差和电场强度的关系,电场强度,电势能,动能定理
7.D
【解析】
试题分析:
由图,b粒子的轨迹向左弯曲,b粒子受到的电场力方向向左,a的轨迹向右弯曲,b粒子受到的电场力方向向右,如下图所示,由于电场线未知,无法确定两个粒子的电性,故A错误;由图看出,向右电场线越来越疏,场强越来越小,则a所受电场力减小,加速度减小,b所受电场力增大,加速度增大.故B错误.由图判断电场力对两个粒子都做正功,电势能都减小,动能都增大.故C错误,D正确.
考点:
电场线,牛顿第二定律,电势能
8.AC
【解析】
试题分析:
安培表A1、A2并联,电压相同,表头的电流,指针偏转角度相同,由于安培表A1的量程大于A2的量程,则安培表A1的读数大于安培表A2的读数.故A正确,B错误;伏特表V1与V2串联,流过表头的电流相同,指针偏转的角度相同,由于伏特表V1的量程大于V2的量程,则伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数.故C正确,D错误.
考点:
闭合电路的欧姆定律,串并联电路,电表的改装
9.AC
【解析】
试题分析:
沿着电场线方向电势降低,所以a点的电场强度方向与x轴方向相同,故A正确;b点的等势面比a点的等势面密,等势面越密集的地方电场线密集,则b点电场线密集,即a点的场强小于b点的场强,故B错误;若一带电粒子沿x轴从a点移到b点,电场力做负功,则带电粒子的电势能一定增加,若只有电场力做功,则动能减小,故C正确,D错误.故选AC.
考点:
等势面;电场强度.
【名师点睛】此题考查了电场线与等势面及电场强度的关系;要知道电场线与等势面垂直.电场线密的地方电场的强度大,等势面密,电场线疏的地方电场的强度小,等势面疏;沿电场线的方向,电势降低.沿着等势面移动点电荷,电场力不做功.加强基础知识的学习,掌握住电场线和等势面的特点即可解决本题.
10.A
【解析】
试题分析:
由于电容器的两极板与电池相连,故电容器两极板之间的电压U保持不变.根据电容决定式
,由于S保持不变,d增大,故电容C减小,根据Q=CU可知电量Q减小;故A正确;由于d保持不变,S增大,故电容C增大,根据Q=CU可知电量Q增大;故B错误;由于S不变,d减小,故电容C增大,根据Q=CU,得场强
,则电场强度不变;故C错误;由于S减小,d减小,根据Q=CU,得场强
,则电场强度增大;故D错误;故选A.
考点:
电容器;电场强度.
【名师点睛】电容器动态分析类的题目一定要注意是孤立的电容器(电量保持不变)还是与电池相连的电容器(电压保持不变);一定要根据场强的决定式判断E的变化,要根据电容的决定式判断C的变化,从而根据电容的定义式Q=CU判断Q的变化情况.
11.BD
【解析】
试题分析:
带电体间的距离比它们本身的大小大得多,以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时,带电体就可以视为点电荷,故很小的球形带电体不一定是点电荷,选项A错误,B正确;元电荷的电量等于电子的电量,但不是电子.元电荷是带电量的最小单元.没有电性之说,故C错误;任何带电体的电量都是元电荷的整数倍,选项D正确;故选BD.
考点:
点电荷;元电荷。
12.D
【解析】
试题分析:
粒子在
内粒子向下做加速运动,
粒子向下做减速运动,
后粒子接着向下做加速运动减速运动,粒子会一直向下运动,所以A项错误;粒子从
先做加速度增大的加速运动后做加速度减小的加速运动,在
时粒子的速度最大,所以B项错误;从
,粒子在做减速运动,电场力做负功,电势能增大,所以C项错误;
,根据动量定理
,同理
根据动量定理
,力是均匀变化的取平均值,且
,所以速度之比为1:
4,D项正确。
考点:
本题考查了电势差和电场强度
13.Rx1;大于;小于。
【解析】
试题分析:
因为
,它小于200Ω,故这是一个阻值较大的电阻,所以采用电流表内接法误差较小,故Rx1更接近测电阻的真实值;在a图中,电流是准确的,电压偏大,故得出的电阻值偏大;在b图中,电压是准确的,电流偏大,故昨出的电阻值是偏小。
考点:
伏安法测电阻的误差分析。
【名师点晴】当被测电阻的阻值Rx>
时,认为Rx是偏大的,应该采用电流表内接法,此时电流的测量是准确的,但电压偏大,因为还有电流表的电压,所以得出的电阻值偏大;当Rx<
时,认为Rx是偏小的,应该采用电流表外接法,此时电压的测量是准确的,但电流偏大,因为还有电压表的电流,所以得出的电阻值偏小。
14.
(1)A;
(2)B;(3)10;增大。
【解析】
试题分析:
(1)因为要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V,电压的变化范围较大,故采用分压连接,变阻器的阻值选较小的A;
(2)因为灯泡的电阻较小,故需要采用电流表外接法测量,误差较小,所以选B;(3)当电压为1.5V时,通过图像观察其电流约为0.15A,故灯泡的电阻为10Ω;当电压增大时,由于其图像偏向电压轴,故小灯泡的电阻增大。
考点:
测小灯泡的伏安特性曲线。
【名师点晴】选择仪器时,一要看题中的要求,如果是要求电压变化范围较大的,一般选用分压式,如果要求节能的,一般选择限流式;对于阻值较小的电阻来说,测其电压与电流时,应采用电流表外接法,对于阻值较大的电阻来说,测其电流与电压时,应采用电流表内接法。
15.
(1)r=1Ω;
(2)I=26A,
W
【解析】
试题分析:
(1)设S2断开时R1消耗的功率为P1,则
,
代入数据可以解得,r=1Ω
(2)设S2闭合时R1两端的电压为U,消耗的功率为P2,则
,
解得,U=84V
由闭合电路欧姆定律得,E=U+Ir,
代入数据,得I=26A
流过R1的电流为I1,流过电动机的电流为I2,
A,
而I1+I2=I,所以I2=22A,
由
,
代入数据得,
W
考点:
闭合电路欧姆定律,电功,电功率
16.
(1)
(2)
(3)
【解析】
试题分析:
(1)粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向射入电场,水平方向做匀速直线运动,则有:
.
(2)由牛顿第二定律得:
将粒子射出电场的速度v进行分解,则有vy=v0tan45°=v0,又vy=at,
得:
解得:
(3)由动能定理得:
解得:
考点:
带电粒子在电场中的运动
【名师点睛】此题考查了带电粒子在电场中的运动问题;解题时要搞清粒子的运动性质,在水平和竖直两个方向列的位移及速度方程进行解答;列方程时要灵活选用物理规律,牛顿第二定律以及动能定理使用;此题难度中等.
17.
(1)2×10-2(N)
(2)5.0×10-8C
【解析】
试题分析:
(1)依题意,带负电的小球A处于平衡状态,A受到库仑力F'、重力mg以及绳子的拉力T的作用(如图),根据平衡条件,得:
mg-Tcosα=0;F'-Tsinα=0
联解,得:
F'=mgtanα=2×10-3×9.8×1N=2×10-2(N)
根据牛顿第三定律,有:
F=F'=2×10-2(N)
(2)根据库仑定律,
得:
,
考点:
库仑定律;物体的平衡
【名师点睛】此题是关于物体的平衡以及库仑定律的应用问题;解决本题的关键掌握库仑定律以及会用合成法求解共点力平衡问题;注意解题时必须画出规范的受力分析图,利用合成法或者正交分解法均能解决此题;此题是基础题.
18.
(1)h=2m
(2)
【解析】
试题分析:
(1)根据焦耳定律,得热功率
。
(2)输入功率P=UI=5W
输出功率P输出=P-Pr=4W。
电动机输出的功用来提升重物转化为机械能,在10s内,有:
。
解得:
h=2m。
考点:
考查了电功率的计算
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