威海市高二物理寒假作业精编含答案 7.docx
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威海市高二物理寒假作业精编含答案7
威海市高二物理寒假作业精编07
一、单选题(本大题共10小题,共40.0分)
1.
如图所示,框架面积为S,框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直,则下列关于穿过平面的磁通量的情况中,不正确的是( )
A.如图所示位置时等于BS
B.若使框架绕OO′转过60°角,磁通量为
BS
C.若从初始位置转过90°角,磁通量为零
D.若从初始位置转过180°角,磁通量变化为2BS
2.
已知长直通电导线在周围某点产生磁场的磁感应强度大小与电流成正比、与该点到导线的距离成反比.4根电流相同的长直通电导线a、b、c、d平行放置,它们的横截面的连线构成一个正方形,O为正方形中心,a、b、c中电流方向垂直纸面向里,d中电流方向垂直纸面向外,则关于a、b、c、d长直通电导线在O点产生的合磁场的磁感应强度B( )
A.大小为零B.大小不为零,方向由O指向a
C.大小不为零,方向由O指向cD.大小不为零,方向由O指向d
3.
如图所示,条形磁铁正上方放置一矩形线框,线框平面水平且与条形磁铁平行,则线框由N极端匀速平移到S极端的过程中,线框中的感应电流的情况是( )
A.线框中始终无感应电流
B.线框中始终有感应电流
C.线框中开始有感应电流,当线框运动到磁铁中部时无感应电流,过中部后又有感应电流
D.线框中开始无感应电流,当线框运动到磁铁中部时有感应电流,过中部后又无感应电流
4.
如图所示,把一根柔软的弹簧悬挂起来,使它的下端刚好和槽中的水银接触,按图示连接电路,通电后,会看到弹簧上下跳动,关于这个现象,下列说法正确的是( )
A.弹簧上下跳动的原因是通电后弹簧受到电场力
B.将滑动变阻器的滑片向左移动时,弹簧将跳动得更加明显
C.将电源的正、负极对调一下,弹簧的跳动现象将消失
D.若换一劲度系数更大的弹簧,则弹簧将跳动得更加明显
5.如图所示的电路中,A1、A2为完全相同的灯泡,线圈L的电阻忽略不计.下列说法中正确的是( )
A.闭合开关K接通电路时,A2先亮A1后亮,最后一样亮
B.闭合开关K接通电路瞬间,A1和A2同时变亮
C.断开开关K切断电路时,A2立即熄灭A1过一会儿才熄灭
D.断开开关K切断电路时,A1,A2立即熄灭
6.如图1所示,ab是两平行正对的金属圆环,a中通有正弦交变电流i,其变化规律如图2所示。
下列说法正确的是( )
A.t1时刻,b环内的感应电动势最大
B.t2时刻,b环内的感应电流方向改变
C.t3~t4时间内,b环内感应电流的方向与a环内电流的方向相反
D.0~t4时间内,t2时刻b环内的感应电动势最大
7.
如图所示,现有一匝数为n,面积为S,总电阻为R的闭合线圈,垂直放置于一匀强磁场中,磁场的磁感应强度B随时间均匀增大,变化率k=
,则( )
A.线圈中产生顺时针方向的感应电流
B.线圈面积具有扩张的趋势
C.线圈中产生的感应电动势为ks
D.线圈中感应电流的大小为
8.如图所示,a、b是一对平行金属板,分别接到直流电源两极上,右边有一挡板,正中间开有一小孔d,在较大空间范围内存在着匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里,在a、b两板间还存在着匀强电场E.从两板左侧中点c处射入一束离子(不计重力),这些离子都沿直线运动到右侧,从d孔射出后分为如图三束,则下列判断正确的是( )
A.若将这三束离子改为相反电性而其他条件不变的离子则仍能从d孔射出
B.这三束离子的比荷一定相同
C.这三束离子的速度一定不相同
D.a、b两板间的匀强电场方向一定由b指向a
9.
如图所示,在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的直径.一带电粒子从a点射入磁场,速度大小为v、方向与ab成30°角时,恰好从b点飞出磁场,且粒子在磁场中运动的时间为t;若同一带电粒子从a点沿ab方向射入磁场,也经时间t飞出磁场,则其速度大小为( )
A.
vB.
vC.
vD.
v
10.
如图所示,带负电的小球穿在一根绝缘粗糙细杆上,杆与水平方向成θ角,整个空间存在着垂直纸面向内的匀强磁场B,现给小球一初速度,使小球沿杆向下运动。
小球经过a点时的动能为10J,到达c点时动能减为零,b为ac的中点,那么带电小球在运动过程中( )
A.到达c点后保持静止
B.受到的弹力增大
C.在b点时动能为5J
D.在ab段克服摩擦力做的功与bc段克服摩擦力做的功相等
二、多选题(本大题共5小题,共20.0分)
11.
回旋加速器是加速带电粒子的装置,其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,如图所示,要增大带电粒子射出时的动能,则下列说法中正确的是( )
A.增大磁场的磁感应强度
B.增大匀强电场间的加速电压
C.增大D形金属盒的半径
D.减小狭缝间的距离
12.
如图所示,一根长度为L的直导体棒中通以大小为I的电流,静止放在导轨上,垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B,B的方向与竖直方向成θ角.下列说法中正确的是( )
A.导体棒受到磁场力大小为BIL
B.导体棒对轨道压力大小为mg-BILcosθ
C.导体棒受到导轨摩擦力为μ(mg-BILsinθ)
D.导体棒受到导轨摩擦力为BILcosθ
13.
如图所示,有一个磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,一半径为r金属圆环放置在磁场中,金属圆环所在的平面与磁场垂直。
金属杆Oa一端在O,另一端a搁在环上金属杆Oa可绕环的圆心O旋转,另一金属杆Ob一端固定在O点,另一端b固定在环上,.已知Oa杆以角速度ω匀速旋转,所有接触点接触良好,Ob不影响Oa的转动,则下列说法正确的是( )
A.流过Oa的电流方向为O指向a
B.流过Oa的电流方向为a指向O
C.Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2
D.Oa旋转时产生的感应电动势的大小为
Bωr2
14.
如图所示,一闭合金属圆环用绝缘细线挂于O点,将圆环拉离平衡位置并释放,圆环摆动过程中经过有界的水平匀强磁场区域,A,B为该磁场的竖直边界,若不计空气阻力,则( )
A.圆环向右穿过磁场后,不能摆至原来的高度
B.在进入和离开磁场时,圆环中均有感应电流
C.圆环进入磁场后离平衡位置越近速度越大,感应电流也越大
D.圆环最终不能静止在平衡位置
15.
如图所示,闭合线圈abcd从高处自由下落一段时间后垂直于磁场方向进入一有界磁场。
从ab边刚进入磁场到cd边刚进入磁场的这段时间内,下列说法正确的是( )
A.a端的电势低于b端B.ab边所受安培力方向为水平向左
C.线圈可能一直做匀速运动D.线圈可能一直做匀加速直线运动
三、实验题(本大题共1小题,共12.0分)
16.
(1)用伏安法测某一电阻,如果采用如图1甲所示的电路,测量值为R1,如果采用如图1乙所示电路,测量值为R2,则电阻的真实值为R真,它们之间的关系是:
R1______R真,R2______R真(填“>”、“=”或“<”),这种误差属于______误差。
(2)测量一蓄电池的电动势和内阻根据实验数据作出U-I图象,如图2所示,则电池的电动势E=______V,电池的内阻r=______Ω(保留两位有效数字)
(3)如图3所示为万用表欧姆挡的内部电路,a、b为表笔插孔,下列说法中正确的是______
A.a孔插红表笔
B.表盘刻度是均匀的
C.用×100Ω挡测量时,若指针指在0Ω附近,则应换用×1kΩ挡
四、计算题(本大题共3小题,共28.0分)
17.一个500匝、面积为20cm2的线圈,放在磁场中,磁场的方向与线圈平面垂直,若磁感应强度在0.05s内由0.1T增加到0.7T,在此过程中,请求以下:
(1)穿过线圈的磁通量的变化量
(2)线圈中的感应电动势的大小。
18.
如图所示,质量为m、电荷量为+q的粒子,从容器A下方的小孔S1不断飘入加速电场,其初速度几乎为零。
粒子经过小孔S2沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B的匀强磁场中,做半径为R的匀速圆周运动,随后离开磁场。
不计粒子的重力及粒子间的相互作用。
(1)求粒子在磁场中运动的速度大小v;
(2)求加速电场的电压U;
(3)粒子离开磁场时被收集。
已知时间t内收集到粒子的质量为M,求这段时间内粒子束离开磁场时的等效电流I。
19.
如图所示,MN、PQ为两条平行的光滑金属直导轨,导轨平面与水平面成θ=30°,M、P之间接有电阻箱R,导轨所在空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场,磁场的磁感应强度大小为B,质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上,其接入电路的电阻值为r,现从静止释放金属杆ab,测得最后的最大速度为v1,已知轨道间距为L,重力加速度取g,轨道足够长且电阻不计,求:
(1)电阻箱接入电路的电阻多大?
(2)若当金属棒下滑的距离为s时,金属棒的加速度大小为a,则此时金属棒运动的时间为多少?
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:
A、线圈与磁场垂直,穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积,因此图示位置的磁通量为φ=BS,故A正确;
B、使框架绕OO′转过60°角,则在磁场方向的投影面积为
S,则磁通量为
BS,故B错误;
C、线圈从图示转过90°的过程中,S垂直磁场方向上的投影面积逐渐减小,故磁通量逐渐减小,当线圈从图示转过90°时,磁通量为0,故C正确;
D、从初始位置转过180°角,磁通量变化为△∅=BS-(-BS)=2BS,故D正确;
本题选错误的,
故选:
B。
图示时刻,线圈与磁场垂直,穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积。
当它绕轴转过θ角时,线圈在磁场垂直方投影面积为Scosθ,磁通量等于磁感应强度与这个投影面积的乘积。
线圈从图示转过90°时,磁通量为0,磁通量的变化量大小等于初末位置磁通量之差。
本题要知道对于匀强磁场中磁通量计算的一般公式φ=BScosθ,θ是线圈与磁场垂直方向的夹角。
夹角变化,磁通量也会变化,注意磁通量要分清穿过线圈的正反面。
2.【答案】B
【解析】【分析】
根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比,得出各电流在O点所产生的B的大小关系,由安培定则确定出方向,再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大约方和向;
考查磁感应强度B的矢量合成法则,会进行B的合成。
【解答】
,则根据矢量的合成法则,可知,a、c两棒在O点产生的磁场大小相等,方向相反,合在一起为零,则由b、d两棒产生的磁场方向,由右手螺旋定则可知,O点的磁场方向由O指向a,大小不为零;故ACD错误,B正确。
故选B。
3.【答案】B
【解析】解:
磁通量等于穿过线圈的磁感线的条数。
线圈在N极的正上方时,有磁感线穿过a线圈。
线圈位于磁铁的正中央,左半边线圈中磁感线斜向右上方穿过,右半边线圈磁感线斜向右向下穿过,方向相反,完全抵消,磁通量为零。
过了磁铁的正中央后磁通量又不为0,所以磁通量先减小后变大;
通过上面分析可知穿过线圈的磁通量先是向上的减少然后向下的增大,根据楞次定律可判断出线框中开始有感应电流,当线框运动到磁铁中部时磁通量等于0,但是磁通量仍然在变化,仍然有感应电流,过中部后又有感应电流。
故选项B正确。
故选:
B。
磁通量等于穿过线圈的磁感线的条数。
当线圈在N极的正上方时,有磁感线穿过线圈。
线圈位于磁铁的正中央,磁通量为零。
然后根据楞次定律判断感应电流的方向
对于非匀强磁场磁通量不能计算,但可以比较。
当线圈中有两种相反的磁感线穿过时,看抵消后剩余的磁感线来比较磁通量的大小。
4.【答案】B
【解析】解:
A、弹簧通入电流时弹簧各相邻线圈中电流方向相同,线圈之间相互吸引,使弹簧收缩,则电路断开;电路断开后,因电流消失,线圈之间相互作用消失,因而弹簧恢复原来状态,电路又被接通,这个过程反复出现,故A错误;
B、将滑动变阻器的滑片向左移动时,电路中电流增大,弹簧将跳动得更加明显,故B正确;
C、将电源的正、负极对调一下,弹簧的跳动现象不会消失,和原来一样,故C错误;
D、若换一劲度系数更大的弹簧,相同条件下弹力增大,则弹簧将跳动得不明显,故D错误。
故选:
B。
同向电流相互吸引,异向电流是相互排斥的;弹簧中相邻线圈是同向电流,因而是相互吸引的,根据产生原因进行分析。
通电螺线管是由每一个线圈组成的,每一个线圈都有磁场,和判断通电螺线管的N极、S极相同,也可以按照安培定则来判断N极和S极。
5.【答案】A
【解析】解:
AB、合上开关K接通电路,A2立即亮,线圈对电流的增大有阻碍作用,所以通过A1的电流慢慢变大,最后两灯泡的电压一样大,所以一样亮。
故A正确,B错误;
CD、断开开关K切断电路时,通过A2的用来的电流立即消失,线圈对电流的减小有阻碍作用,所以通过A1的电流会慢慢变小,并且通过A2,所以两灯泡一起过一会儿熄灭。
故C、D错误。
故选:
A。
电感器对电流的变化有阻碍作用,当电流增大时,会阻碍电流的增大,当电流减小时,会阻碍其减小.
解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用,当电流增大时,会阻碍电流的增大,当电流减小时,会阻碍其减小.
6.【答案】D
【解析】解:
A、由法拉第电磁感应定律,可知,在t1时刻,a中电流变化率为0,b中感应电动势为零,故A错误;
B、由楞次定律,可知,在t2时刻,b中感应电流方向不改变,故B错误;
C、在t3~t4时间内,b环内感应电流的方向与a环内电流的方向相同,故C错误;
D、在t2时刻,a中电流变化率为最大,b中感应电动势为最大,故D正确;
故选:
D。
根据法拉第电磁感应定律,与楞次定律,结合磁通量变化量与磁通量变化率不同,即可一一求解。
考查法拉第电磁感应定律,与楞次定律的应用,掌握感应电动势与磁通量变化率有关,而与磁通量变化量无关。
7.【答案】D
【解析】解:
A、根据楞次定律可得线圈中产生逆时针方向的感应电流,故A错误;
B、线圈面积的变化总是阻碍磁通量的变化,所以磁场的磁感应强度B随时间均匀增大,线圈面积具有收缩的趋势,故B错误;
C、根据法拉第电磁感应定律可得线圈中产生的感应电动势为E=n
=nkS,故C错误;
D、线圈中感应电流的大小为I=
=
,故D正确。
故选:
D。
根据楞次定律判断电流方向和面积的变化;根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律求解感应电动势和感应电流。
根据楞次定律判断感应电流的方向的一般步骤是:
确定原磁场的方向→原磁场的变化→引起感应电流的磁场的变化→楞次定律→感应电流的方向。
8.【答案】A
【解析】解:
C、离子在复合场中做匀速直线运动,处于平衡状态,由平衡条件得:
qE=qvB,解得:
v=
,E、B相同,则离子的速度相同,故C错误;
B、离子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:
qvB=m
,解得:
=
=
,由图示离子运动轨迹可知,离子做圆周运动的轨道半径r不同,则这三束离子的比荷一定不同,故B错误;
A、若将这三束离子改为相反电性而其他条件不变,离子电性相反,离子所受洛伦兹力与电场力方向都反向,由于其他条件都不变,它们的合力仍然为零,离子在极板间仍然做匀速直线运动,仍能从d孔射出,故A正确;
D、若粒子带正电,则由左手定则可知,洛伦兹力的方向向上,由A的分析可知,电场力的方向向下,则匀强电场方向一定由a指向b;若粒子带负电,则由左手定则可知,洛伦兹力的方向向下,由A的分析可知,负电荷受到的电场力的方向向上,则匀强电场方向还是一定由a指向b,故D错误;
故选:
A。
离子在复合场中沿水平方向做匀速直线运动,由平衡条件可以求出离子的速度;
离子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律求出离子轨道半径,
根据图示情景与粒子轨道半径公式分析答题.
该题考查带电粒子在磁场中的运动以及速度选择器的工作原理,要明确速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的,故速度选择器只能选择速度而不能选择电性.
9.【答案】B
【解析】
解:
画出两种情况下带电粒子的运动轨迹如图所示,由题意,同一粒子在磁场中偏转时间同为t,则两种情况下带电粒子的偏转角均为60°,由几何关系可以确定带电粒子在两种情况下做匀速圆周运动的半径分别为r1=2R,r2=Rtan60°=
,由洛仑兹力提供向心力Bqv=m
,则速度v=
,则
所以当粒子沿ab方向射入时,v2=
,这样看来,选项ACD错误,选项B正确。
故选:
B。
第一种情况下,以ab方向成30°入射时,由于恰好从b点射出,画出其运动轨迹,该粒子在圆形磁场中偏转60°,则其做匀速圆周运动的半径为2R;第二种情况下,同一粒子沿ab方向射入磁场时,由于偏转时间与第一种情况相同,所以偏转角也相同,为60°,画出运动轨迹如图圆心为O2,由几何关系可知,这种情况下粒子做匀速圆周运动的半径为Rtan60°=
,再由洛仑兹力提供向心力从而确定两种情况下速度之比.
本题涉及到的问题是同一粒子在圆形磁场中做相同时间的匀速圆周运动问题,由周期公式和半径公式知道,粒子在磁场中偏转时间由偏转角决定,从而画出粒子做匀速圆周运动的轨迹,也确定了两种情况下的半径与磁场圆的半径关系,再由洛仑兹力提供向心力从而求出速度.
10.【答案】B
【解析】解:
小球运动过程受重力、洛伦兹力、弹力和摩擦力作用;运动过程只有重力、摩擦力做功;
B、根据小球在a,c两点的动能可知小球做减速运动;
根据左手定则可得:
小球沿细杆向下运动,洛伦兹力垂直细杆向上;
随着小球做减速运动,速度减小,洛伦兹力减小,那么,根据垂直细杆方向受力平衡可得:
弹力增大;
所以,小球受到的摩擦力增大,故小球做减速运动的加速度增大;故B正确;
A、根据小球加速度沿细杆向上可得:
小球到达c点后返回,沿细杆向上运动;故A错误;
D、根据小球受到的摩擦力增大,可得:
在ab段克服摩擦力做的功比bc段克服摩擦力做的功小;故D错误;
C、又有重力在ab段和bc段做的功相等,故在ab段外力做的负功较小,那么,根据动能定理可得:
小球在b点的动能大于5J,故C错误;
运动;
故选:
B。
根据小球动能变化得到速度变化,进而加速度方向,从而判断小球到达C点后的状态;根据速度变化得到洛伦兹力变化;即可根据垂直细杆方向受力平衡得到弹力变化,进而得到摩擦力变化;从而得到克服摩擦力做的功的变化,最后由动能定理得到d点动能。
混合场中带电粒子的运动分析都是分别分析电场和磁场的受力情况,然后再综合考虑解答,此类题目是高考中几乎必考类题目。
考查动能大小与速度大小关系,及速度大小与洛伦兹力大小,洛伦兹力与滑动摩擦力的关系,同时突出电场力做功与重力做功及摩擦力做功与能量的关系。
11.【答案】AC
【解析】解:
由
,解得v=
。
则动能
,知动能与加速的电压无关,与狭缝间的距离无关,与磁感应强度大小和D形盒的半径有关,增大磁感应强度和D形盒的半径,可以增加粒子的动能。
故A、C正确,B、D错误。
故选:
AC。
回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子,根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度,从而得出动能的表达式,看动能与什么因素有关。
解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用,知道粒子的最大动能与加速的电压无关,与磁感应强度大小和D形盒的半径有关。
12.【答案】AD
【解析】
解:
A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示。
B与I垂直,故导体棒受到磁场力大小为F=BIL,选项A正确;
B、根据共点力平衡规律得:
BILsinθ+Fn=mg,得导体棒对轨道的压力大小为Fn=mg-BILsinθ,选项B错误;
C、由于导体棒受到的是静摩擦力,因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解,即为Ff=BILcosθ,选项C错误,选项D正确。
故选:
AD。
对导体棒受力分析,正交分解,根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力
本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用,注意安培力公式F=BILsinθ,θ为B与I之间的夹角
13.【答案】AD
【解析】解:
AB、Oa杆以角速度ω沿顺时针方向匀速旋转,根据右手定则知Oa中产生的感应电流方向由O指向a,故A正确,B错误。
CD、Oa旋转时产生的感应电动势的大小为E=Br
=Br•
=
Bωr2.故C错误,D正确。
故选:
AD。
oa杆匀速旋转,切割磁感线产生感应电动势,相当于电源,根据右手定则判断感应电流方向。
根据E=BLv求Oa旋转时产生的感应电动势的大小,其中v是速度的平均值。
本题在求解转动感应电动势时,要知道由于oa杆上各点切割速度不同,要用平均速度求解。
14.【答案】ABD
【解析】解:
A、圆环向右穿过磁场后,会产生电流,圆环中将产生焦耳热,根据能量守恒知圆环的机械能将转化为电能,所以回不到原来的高度了,故A正确。
B、当圆环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化,会产生电流,故B正确。
C、整个圆环进入磁场后,磁通量不发生变化,不产生感应电流,机械能守恒。
离平衡位置越近速度越大,感应电流为零,故C错误。
D、在圆环不断经过磁场,机械能不断损耗过程中圆环越摆越低,最后整个圆环只会在磁场区域来回摆动,因为在此区域内没有磁通量的变化(一直是最大值),所以机械能守恒,即圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动,而不是静止在平衡位置,故D正确。
故选:
ABD。
圆环向右穿过磁场后,会产生电流,根据能量守恒求解。
当圆环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化,会产生电流。
最终整个圆环在磁场区域来回摆动,不产生感应电流,机械能守恒。
本题为楞次定律的应用和能量守恒相合。
注意楞次定律判断感应电流方向的过程,先确认原磁场方向,再判断磁通量的变化,感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化。
15.【答案】AC
【解析】解:
A、线圈进入磁场时,ab边切割磁感线,根据右手定则知,感应电流从a端流向b端;ab边相当于电源,在电源内部,电流从负极流向正极,故b端相当于电源正极,电势高,故A正确;
B、再根据左手定则知ab边所受的安培力向上,故B错误;
C、若安培力与重力平衡,则线圈可能一直做匀速直线运动,故C正确;
D、若安培力小于重力,线圈做加速运动,随着速度增大,产生的感应电流增大,线圈所受的安培力增大,合力减小,加速度减小,所以线圈做变加速运动,故D错误;
故选:
AC。
从ab边刚进入磁场到cd边刚进入磁场的这段时间内,根据右手定则判断电势高低,线圈可能做匀速运动,可能做加速运动,也可能做减速运动,根据安培力公式F=BIL,安培力与速度成正比,根据牛顿第二定律分析加速度的变化情况,确定运动性质。
本题的解题关键是抓住安培力公式F=BIL,分析安培力的变化,确定加速度的变化,来分析线圈的运动情况。
16.【答案】< > 系统 2.1 4.2 A
【解析】解:
(1)电流表外接时,电压表测得电压为电阻两端电压,电流表电流为电阻和电压表的总电流,故电流偏大,那么,电阻偏小,即R1<R真;
电流表内接时,电压表测得电压为电阻和电流表两端的电压,故电压偏大,电流表电流为通过电阻的电流,那么,电阻偏大,即R2>R真;
这些误差是由实验设计本身造成的,实验方案不变,那么误差不变;那么,按照误差分类可知:
这种误差为系统误差;
(2)由图示电源U-I图象可知,电源电动势:
E=2.1V,
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