上海市长宁区中考一模物理试题解析版.docx
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上海市长宁区中考一模物理试题解析版
长宁区2020学年第一学期初三物理教学质量检测试卷
考生注意:
1、本试卷含五个大题。
2、答题时,考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答,在草稿纸、本试卷上答题一律无效。
一、选择题(共20分)下列各题均只有一个正确选项,请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上,更改答案时,用橡皮擦去,重新填涂。
1.一杯水倒出一半后,不变的物理量是()
A.体积B.质量C.重力D.密度
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】杯水倒出一半后,由于瓶内所含的水减少,质量、体积、重力都会变小,但密度不变,故选D.
2.载重汽车的轮子比普通汽车多,是为了
A.增大压力B.增大压强
C.减小压力D.减小压强
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】载重汽车的轮子比普通汽车多,是为了是为了在压力一定时,增大受力面积来减小对地面的压强.
3.滑动变阻器实现变阻是通过改变连入电路中电阻丝的
A.电压B.电流C.长度D.材料
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】滑动变阻器是利用了改变接入电路中电阻线的长度,改变接入电路中的电阻,从而改变电路中的电流的.通过改变长度来改变电阻,会使电路中的电流和电压发生改变,电流和电压的变化只是电阻变化的结果.
4.下列装置工作时不能看作连通器的是
A.血压计B.液位计C.船闸D.茶壶
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】B液位计即水位计,是利用连通器的原理制成的;C.船闸的上游阀门打开时,上游和闸室构成连通器,下游阀门打开时,下游和闸室构成连通器;D茶壶的壶盖上有小孔,壶嘴上端有口,壶身和壶嘴底部相连通,是连通器;只有A血压计不是上端开口、下端连通,不能看做连通器.
5.九年级第一学期物理课本的质量约为( )
A.16千克B.1.6千克C.0.16千克D.0.016千克
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】一个苹果的质量约160g左右,即0.16kg,九年级第一学期物理课本的质量与此差不多。
故选C。
6.家庭电路中使用的用电器越多,则电路的( )
A.总电流越小B.总电阻越小C.总电功越小D.总电功率越小
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A.家庭电路中,各用电器是并联的,在并联电路中,干路电流等于各支路电流之和,因此家庭电路中使用的用电器越多,总电流越大,故A不符合题意;
B.并联电路中,支路越多,电路的总电阻越小,故B符合题意;
C.影响总电功的因素除了用电器的电功率之外,还与用电器工作的时间有关,故C不符合题意;
D.家庭电路中使用的用电器越多,其总功率等于各用电器功率之和,因此总功率越大,故D不符合题意。
故选B。
7.重为5牛的小球轻放入盛有水的烧杯中,溢出重为4牛的水。
则小球受到的浮力大小( )
A.一定小于4牛B.一定等于4牛C.可能等于5牛D.可能大于5牛
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】当烧杯中盛满水时,溢出的水重即为排开水的重,所以由阿基米德原理可知,小球受到的浮力为4N。
当烧杯中没有盛满水时,把小球放入后才溢出水,已知溢出4牛的水,说明物体排开水的重力大于4N,所以浮力大于4N;此时若小球漂浮或悬浮在水中,小球受到的浮力等于小球重;若小球下沉,小球受到的浮力小于其重力。
由此可知小球受到的最大浮力为5N。
由上述分析可知小球受到的浮力范围为:
4N~5N。
故ABD不符合题意,C符合题意。
故选C。
8.在图(a)、(b)所示的电路中,所有元件均完好,电源电压相等且保持不变。
现有两个电流表的示数相同,则下列判断正确的有( )
①R1一定大于R3;②R2一定大于R4;③R2可能小于R3;④R1可能小于R4
A.一个B.二个C.三个D.四个
【答案】B
【解析】
分析】
【详解】A1、A2示数为同一电路中干路电流和支路电流,不可能相等,现有两个电流表的示数相同,电源电压相等且保持不变,A1、A3示数可能相等,则R1一定大于R3、R4,R2与R3、R4无法比较;A2、A3示数可能相等,则R1、R2中的电流小于A3,R1、R2一定大于R3、R4;故①③正确,②④错误。
故选B。
9.在图示的电路中,电源电压保持不变,当开关S由断开到闭合时,下列说法正确的是( )
A.电流表A的示数变小B.电压表V与电流表A示数的比值不变
C.电压表V的示数变小D.电压表V与电流表A示数的乘积不变
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】当开关S由断开到闭合时,灯泡被短路,电路中电流增大,电压表示数增大,电压表V与电流表A示数的乘积变大,电压表V与电流表A示数的比值为定值电阻阻值,不会变化。
故选B。
10.如图所示,甲、乙两个均匀正方体对水平地面的压强相等,现沿水平方向在它们的上部分切去相同的体积,并将切去部分叠放在对方剩余部分上,此时甲、乙剩余部分对地面的压力F甲、F乙和压强p甲、p乙关系是()
A.F甲 p乙D.F甲>F乙p甲>p乙 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】地面上放置的正方体物体,地面受到的压强 p= = = = = =ρgh 甲、乙对地面的压强相等,则 ρ甲gh甲=ρ乙gh乙 因为h甲>h乙,所以ρ甲<ρ乙。 切去相同的体积V甲=V乙,因为ρ甲<ρ乙,根据m=ρV所以切去的质量 m甲< m乙,将切去部分叠放在对方剩余部分上,对于甲: 受力面积不变,对地面的压力为 F甲'=F甲+ m乙g- m甲g 比原来的变大,由p= 知甲对地面的压强变大。 同理,乙对地面的压强变小。 根据F=pS可知: p甲>p乙,S甲>S乙,剩余部分对地面的压力F甲>F乙。 故选D。 二、填空题(共26分) 11.上海地区家庭电路中,电灯、电视机、电扇等用电器是___________的(选填“串联”或“并联”),正常工作时,它们两端的电压为___________伏,消耗的电能用___________表测量。 【答案】 (1).并联 (2).220(3).电能 【解析】 【分析】 【详解】[1][2]家庭电路中,电灯、电视机、电扇都是家用电器,家用电器之间是并联的,工作时互不影响;我国家庭电路电压是220V,故他们在工作时正常的电压都是220V。 [3]家用电器工作时,消耗的是电能,电能用电能表来测量。 12.欧姆首先揭示了同一导体中电流与___________的关系;___________首先用实验测出了大气压强的值: 海拔高度越高,大气压强越___________。 【答案】 (1).电压 (2).托里拆利(3).小 【解析】 【分析】 【详解】[1]欧姆首先揭示了同一导体中,即电阻一定时,通过导体的电流和电压的关系。 [2]托里拆利实验利用水银测定了大气压的值,水银密度大,很小的高度就会产生较大的压强,操作更方便。 [3]大气压随高度的变化而变化,海拔高度越高,空气越稀薄,大气压强越小。 13.水面下某处的压强为9.8×103帕,它表示该处每平方米面积上受到水的_____为9.8×103牛;该处的深度为_____米;若深度增加,则水的压强将_____(选填“变大”、“不变”或“变小”). 【答案】 (1).压力 (2).1(3).变大 【解析】 压强是表示物体单位面积上所受压力的物理量,压强为9.8×103帕,它表示该处每平方米面积上受到水的压力为9.8×103牛,根据P= 可得h =1m 因为液体压强随深度的增加而增大所以若深度增加,则水的压强将变大. 14.某导体两端的电压为6伏,10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库,通过该导体的电流为_____安,这段时间内电流做功_______焦;若通过该导体的电流变为0.6安,其电阻为_____欧. 【答案】 (1).0.5 (2).30(3).12 【解析】 【分析】 【详解】通过该导体的电流为I= =0.5A;这段时间内电流做的功为W=UIt=6V×0.5A×10s=30J;导体的电阻为R= =12Ω。 15.物块浸没在液体中,受到液体对它向上、向下的压力分别为15牛、5牛,其受到浮力的大小为______牛,物块所受浮力与重力的合力大小为12牛,它所受重力的大小为________牛.根据图示中轮船上的“吃水线”排列情况,可以判断: 印度洋海水密度________北冰洋海水密度(选填“大于”、“等于”或“小于”). 【答案】 (1).10 (2).22(3).小于 【解析】 【分析】 【详解】浮力的大小等于上、下两个表面所受到的压力之差为15N-5N=10N;浮力的方向竖直向上,重力的方向竖直向下,故重力的大小等于浮力与合力的大小之和等于22N;由图示可知,印度洋的吃水线靠上,水的密度较小. 16.为了节能环保,LED灯已被广泛使用。 右表为两只相同材质LED白光灯的部分技术指标,可知: 两灯均正常工作时,___________灯较亮(选填“甲”或“乙”);通过甲灯的电流为___________安。 1度电可供乙灯连续正常工作___________小时。 LED灯 甲 乙 额定电压(伏) 36 220 额定功率/瓦 9 1 【答案】 (1).甲 (2).0.25(3).1000 【解析】 【分析】 【详解】[1]由表格信息可知,两灯均正常工作时,甲灯的电功率为9W,乙灯的电功率为1W,决定灯泡亮度的是灯泡的实际功率,所以甲灯更亮。 [2]通过甲灯的电流为 [3]1度电,即1kW·h,可供乙灯连续正常工作时间为 17.在如图所示的电路中,R1、R2为定值电阻且阻值相等,电源电压为U且不变。 闭合开关S后,电路正常工作,电流表示数为I。 一段时间后观察到仅有一个电表示数变小。 已知电路中只有一处故障,且发生在电阻R1或R2上。 请写出两电表的示数及其对应的故障________。 【答案】V表示数为0,A表示数为2I,R2短路;V表示数为U,A表示数为0,R2断路 【解析】 【分析】 【详解】由题意可知,电压表测的是R2两端的电压;假设R1短路,那么电压表测的是电源电压,电压表的示数变大,根据 可知,电路中的总电阻变小,那么电流变大,即电流表的示数变大,两电表的示数都变大,这与题意不符合,故不可能是R1短路;假设R1断路,那么没有电流流过R1、R2和电流表,电流表示数为零,电压表的示数也为零,即两表的示数都变小,这与题意不符合,故不可能是R1断路;假设R2短路,那么电压表的示数变小,变为零,电路中的总电阻变小,根据 可知,电流变大,这与题意相符合,由题意可知 ,而R2短路后 即电流表的示数是2I;假设R2断路,那么没有电流流过电流表,电流表示数变小为零,电压表测的是电源电压U,电压示数变大,这与题意相符合。 18.气体压强与哪些因素有关呢? 小明宏观上根据生活经验: “自行车轮胎在烈日下暴晒爆胎”和“密闭在针筒内的空气一定范围内能被压缩”,提出猜想: 气体压强可能与气体的____和____有关。 为了从微观上认识,他查阅资料发现: 气体压强的大小与气体分子动能、分子密集程度有关。 他用豆粒模拟气体分子,如图所示,其中豆粒释放高度可以反映气体分子动能,豆粒数量可以反映气体分子密集程度。 为了模拟演示气体压强与气体分子密集程度的关系,应该进行的操作是: __________。 【答案】 (1).温度 (2).体积(3).将不同数量的豆粒从同一高度(在相同时间)内连续释放,使它们落在台秤上 【解析】 【分析】 【详解】[1][2]小明宏观上根据生活经验: “自行车轮胎在烈日下暴晒爆胎”和“密闭在针筒内的空气一定范围内能被压缩”,暴晒是探究温度的影响,针筒内体积变化是探究体积的影响,故提出猜想: 气体压强可能与气体的温度和体积有关。 [3]为了模拟演示气体压强与气体分子密集程度的关系,将不同数量的豆粒从同一高度(在相同时间)内连续释放,使它们落在台秤上。 三、作图题(共8分) 19.在图中,重为6牛的小球静止在水面上,用力的图示法画出该球所受的浮力F浮. 【答案】 【解析】 【分析】 【详解】重为6牛的小球静止在水面上,物体受平衡力作用,所以F浮=G=6N,浮力的方向竖直向上,在箭头处标出力的大小. 20.在如图中,将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填入电路的空缺处。 要求: 开关S闭合后R与L串联,且电压表测小灯L两端的电压。 () 【答案】 【解析】 【分析】 【详解】假设左端空缺处是电压表,那么开关闭合后,电流流过R后,为了R与L串联,中间空缺处不能是电流表,那么只能是电压表,右边空缺处是电流表,这种情况下电压表并接在小灯L两端,测的是小灯L两端的电压,电流流过R后,会继续流过L,再流过电流表,回负极,R与L是串联的;这种元件符合摆放位置符合题意,答案如下图所示。 21.在图所示的电路中,有一根导线尚未连接,请用笔线代替导线补上,补上后要求: 闭合开关S后,当滑动变阻器的滑片自中点向左移动时,电流表的示数不变且不为零。 【答案】 【解析】 【分析】 【详解】滑动变阻器的滑片向左移动时,电流表的示数不变且不为零,滑动变阻器与灯泡并联,电流表测量通过灯泡的电流,如图所示: 四、计算题(共26分 22.体积为 的铁球浸没在水中,求铁球受到的浮力 。 【答案】 【解析】 【分析】 【详解】铁球浸没在水中,那么铁球排开水的体积是 铁球受到的浮力是 答: 铁球受到的浮力是 。 23.某人的质量为70千克,当他在水平地面上行走时: (1)求他对地面的压力F。 (2)若他每只鞋底的触地面积为0.02平方米,求他对地面的压强p。 【答案】 (1)686N; (2)34300Pa 【解析】 【分析】 【详解】解: (1)他对地面的压力 (2)行走时一只脚与地面接触,则他对地面的压强 答: (1)他对地面的压力为686N; (2)他对地面的压强为34300Pa。 24.在图(a)所示电路中,电源电压为24V且保持不变,滑动变阻器R上标有“50Ω1.5A”字样,电表的表盘如图(b)所示。 闭合开关S后,电流表A的示数为0.7A,电压表V的示数为10V。 求: (1)变阻器R2消耗的电功率P2; (2)定值电阻R1的阻值; (3)在电路安全的条件下,电路中最大电流与最小电流的比值。 【答案】 (1)7W; (2)20Ω;(3)2.67 【解析】 【分析】 【详解】解: (1)由题意可知,滑动变阻器两端的电压为10V,通过的电流为0.7A,故其功率为 P2=U2I2=10V×0.7A=7W (2)由串联电压规律可得定值电阻的电压为 U1=U-U2=24V-10V=14V 由欧姆定律得 (3)由题意可得,当滑动变阻器阻值为0时,即当R2min=0时,电流最大,最大电流为 为了电路安全,当电压表示数为15V时,此时电流最小,即当滑动变阻器电压U2max=15V时,有最小电流,此时定值电阻电压最小,其最小电压为 U1min=U-U2max=24V-15V=9V 电路中最小电流为 电路中最大电流与最小电流的比值为 答: (1)变阻器R2消耗的电功率P2为7W; (2)定值电阻R1的阻值为20Ω; (3)在电路安全的条件下,电路中最大电流与最小电流的比值为2.67。 25.如图所示,薄壁圆柱形容器A、B分别置于高度差为h的两个水平面上,容器均足够高,A中盛有深度为16h的液体甲,B中盛有深度为19h的液体乙。 (ρ乙=0.8×103千克/米3)求: (1)若液体乙的体积为5×103米3,求液体乙的质量m乙; (2)若在图示水平面MN处两种液体的压强相等。 现有二个物体C、D,其密度、体积的关系如下表所示。 请选择其中一个,将其放入容器A或B中后(物体均能浸没在液体中),可使液体对容器底部压强增加量Δp液与水平面受到的压强增加量Δp地的比值最大。 写出选择的物体和容器并说明理由,求出Δp液与Δp地的最大比值。 物体 密度×103千克/米3 体积×103米3) C 4 3 D 2 3 【答案】 (1)4kg; (2)0.5,见解析 【解析】 【分析】 【详解】解: (1)液体乙的质量为 m乙=ρ乙V乙=0.8×103kg/m3×5×10-3m3=4kg (2)水平面MN处两种液体的压强相等,即 pM=pN ρ甲ghM=ρ乙ghN 可得 ρ甲= =1×103kg/m3 液体对容器底部压强增加量Δp液与水平面受到的压强增加量Δp地的比值为 ρ液越大,ρ物越小,比值越大,故选择物体D放入容器A中。 Δp液与Δp地的最大比值为 =0.5 答: (1)液体乙的质量为4kg; (2)Δp液与Δp地的最大比值为0.5。 五、实验题(共20分) 26.“测定小灯泡的电功率”实验的原理是_______,实验中,所选电源电压应______小灯泡的额定电压(选填“大于”、“等于”或“小于”);使用电流表时,所测电流不得超过它的______。 为达成实验目的,______(选填“需要”或“不需要”)使用滑动变阻器。 【答案】 (1).P=UI (2).大于(3).量程(4).需要 【解析】 【分析】 【详解】[1]“测定小灯泡的电功率”需要测量电压和电流,实验的原理是P=UI。 [2]实验中,所选电源电压应大于小灯泡的额定电压,否则小灯泡不能正常发光。 [3]使用电流表时,所测电流不得超过它的量程,否则会损坏电流表。 [4]实验过程中,要改变灯泡两端电压,需要使用滑动变阻器。 27.小华同学“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验过程如图所示,他正在探究液体内部压强与______的关系,由测量结果U形管两边______,可知液体内部压强与该因素无关。 图示为“验证阿基米德原理”实验的操作和测量结果,为达成实验目的,需由(a)、(c)两图得出物体受到的浮力F浮=______;需由(b)、(c)两图得出______= 。 【答案】 (1).方向 (2).液面高度差相同(3). (4).G排 【解析】 【分析】 【详解】[1][2]由图可知,三个容器中液体相同,深度相同,但是橡皮膜的方向不同,故此实验探究液体内部压强与方向的关系。 由图可以发现液面高度差相同,说明液体内部压强与该因素无关。 [3]浸入液体中的一切物体都会收到浮力的作用,即用测力计时,在水中比在空气中减小的值即为该物体所受浮力大小,故 [4]放入物体后,排开液体的体积为 则排开液体的重力为 28.现有电源(已知其电压为2伏整数倍)、两个电流表、一个10欧 定值电阻R,一个待测电阻Rx,小明想利用现有器材测出待测电阻的阻值,于是他设计连接了如图(a)所示的电路: (1)小明将两个电流表分别接入a、b、c中的两点,闭合开关,两电表示数如图(b)、(c)所示,请判断电流表A2接入的位置,并说明理由。 ______ (2)求出待测电阻Rx的阻值。 ______(请写出过程) (3)小红同学认为小明同学的实验结果可能存在较大的误差,理由是______。 为了减小误差,可进行的操作是: ______ A.换不同电压的电源继续实验 B.换不同阻值的定值电阻继续实验 C.换其他待测电阻继续实验 【答案】 (1).见解析 (2).见解析(3).只做了一组实验,误差较大(4).A 【解析】 【分析】 【详解】 (1)[1]图(b)中的电流表A1所选的量程是0~0.6A,分度值为0.02A,则示数为0.4A;图(c)中的电流表A2所选的量程是0~0.6A,分度值为0.02A,则示数为0.1A;则电流表A2示数小于电流表A1示数;由电路图可知: a、c两点分别在支路上,b在干路上,则根据并联电路中干路电流等于各个支路电流之和可知: 并联电路中干路电流大于支路电流,所以,电流表A2接入的位置是a或c;若电流表A2接入的位置是a点,电源电压 U=I2R=0.1A×10Ω=1V 由于电源电压为2伏整数倍,所以,电流表A2接入的位置不是a点,是c点。 (2)[2]若A1接入b点,则电源电压 U=IR=(0.4A-0.1A)×10Ω=3V 不是2伏整数倍;故A1接入b点,则通过R的电流为 IR=I1=0.4A 电源电压 U=IRR=0.4A×10Ω=4V Rx的阻值为 Rx= =40Ω (3)[3][4]只做了一组实验,误差较大。 实验中,存在着实验误差;为了减小误差,还需进行的操作通过改变待测电阻两端电压和通过它的电流,多测几组数据,多次测量取平均值的方法,减小误差,故可进行的操作是换不同电压的电源继续实验。 故选A。 29.为了探究柱体A逐渐浸入柱形容器内的水中时(水没有溢出),弹簧测力计示数F的变化情况。 现有底面积为100厘米的薄壁柱形容器,容器内装有深度为20厘米的水,放在水平桌面上,实心柱体A高H为20厘米。 如图所示,小明将柱体A通过细线挂在弹簧测力计下,从柱体A按触水面开始,将液面到柱体下表面的距离h、相应的弹簧测力计示数F、物体重力G与F的差值ΔF记录在表一中,(不计细线的重力) 表一 实验序号 1 2 3 4 5 6 7 8 h/cm 0 2 4 6 8 10 12 14 F/N 8 7 6 5 4 3 2 1 0 1 2 3 4 5 6 7 (1)分析比较实验序号1-8中F与h的变化关系及相关条件可得: 同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中,当h小于H时,______; (2)分析比较实验序号1-8中ΔF与h的变化关系及相关条件可得: 同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中,______; (3)柱体A 重力为______牛,实验序号6的实验时,A下表面所受液体压力为______牛; (4)小红同学想在小明实验 基础上继续进行实验,她预设的数据如表二所示,小明看了以后认为这两次实验无法进行, 表二 实验序号 9 10 h/cm 18 20 F/N / / F(N) / / 你认为小明 观点是______的(选填“正确”或“错误”),理由是______。 【答案】 (1).h越大,F越小 (2).当h小于H时,ΔF与h成正比(3).8(4).5(5).正确(6).见解析 【解析】 【分析】 【详解】 (1)[1]分析比较实验序号1-8中F与h的变化关系及相关条件可得: 同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中,当h小于H时,h越大,F越小。 (2)[2]分析比较实验序号1-8中ΔF与h的变化关系及相关条件可得: 同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中,当h小于H时,ΔF与h成正比。 (3)[3]由实验序号1可知,物体重力为8N。 [4]实验序号6的实验时,弹簧测力计示数为3N,物体重力为8N,下表面受到液体的压力为5N。 (4)[5][6]小明的观点是正确的,根据表格数据规律,当h=16cm时,F=0,此时物体恰好漂浮,物体不会继续下沉,h不会大于16cm。
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