精选5份合集深圳市中考综合测试物理试题.docx
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精选5份合集深圳市中考综合测试物理试题
中考物理模拟试卷
一、选择题
1.为保证司乘人员的安全,轿车上设有安全带未系提示系统.当乘客坐在座椅上时,座椅下的开关S1闭合,若未系安全带,则开关S2断开,仪表盘上的指示灯亮起;若系上安全带,则开关S2闭合,指示灯熄灭.下列设计最合理的电路图是()
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】当乘客坐在座椅上时,座椅下的开关S1闭合,若未系安全带,则开关S2断开,仪表盘上的指示灯亮起;若系上安全带,则开关S2闭合,指示灯熄灭.说明当开关S2闭合后把灯泡短路了,另外此电路还需要一个保护电阻,所以选B.
2.在我国西部建有不同类型的发电站,下列发电站在发电过程中,利用不可再生能源发电的是
A.
燃气电站B.
风电站
C.
水电站D.
太阳能电站
【答案】A
【解析】天然气是化石能源,会越用越少,不可能在短时间内补充,是不可再生能源;太阳能、风能、水能可以源源不断的得到,是可再生能源;所以利用不可再生能源发电的是燃气发电,故A符合题意。
故选A.
【点睛】
能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源;短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源;根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答.
3.某学校的前、后两个门各装一个开关,传达室内有红、绿两盏灯和电池组,若前门来人闭合开关时红灯亮,后门来人闭合开关时绿灯亮,图中的电路符合要求的是( )
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】由题意知,两个灯泡并联,且各有一个开关控制,前门开关控制红灯,后门开关控制绿灯,故C符合题意.故C符合题意.
【点睛】
绿灯亮,表示人在后门按开关,红灯亮表示前门人在前门按开关;说明两灯互不影响,即为并联关系,且后门的控制开关与绿灯在同一支路,前门的控制开关与红灯在同一支路,均为串联关系.
4.下列关于热值的说法正确的是
A.燃料燃烧不完时热值变小
B.燃料的质量越大,热值越大
C.燃料热值越大,燃烧放出的热量越多
D.燃料的热值是燃料本身的一种特性,与其他因素无关
【答案】D
【解析】A.1kg某种燃料完全燃烧放出的能量,叫做这种燃料的热值,燃烧燃料不完时,放出的热量少,热值不变,故A错误;
B.燃料的热值与质量无关,因此2kg煤和1kg煤的热值一样大,故B错误;
C.由于不确定燃料的质量,不能计算煤放出的热量,故C错误;
D.燃料的热值是燃料本身的一种特性,与燃料的质量无关,不同的物质热值一般不同,
5.如图所示,下列说法正确的是
A.
物体长度为2.1cm
B.
弹簧测力计示数为2N
C.
电压表示数为12V
D.
温度计示数为43℃
【答案】B
【解析】A、刻度尺上1cm之间有10个小格,所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm,即此刻度尺的分度值为1mm;物体左侧与2.00cm对齐,右侧与4.10cm对齐,所以物体的长度为4.10cm-2.00cm=2.10cm,故A错误;
B、弹簧测力计上1N之间有5个小格,所以一个小格代表0.2N,即此弹簧测力计的分度值为0.2N.此时指针指在“2”处,所以弹簧测力计的示数为2N,故B正确;
C、由图可知,电压表的量程为0﹣3V,分度值为0.1V,示数为2.5V,故C错误;
D、在温度计上,10℃之间有10个小格,一个小格代表1℃,所以此温度计的分度值为1℃;温度数值向上是增大的,说明温度高于0℃,为37℃,故D错误。
6.为探究不同物质的吸热能力,选取质量和初温均相同的不同物质A和B,用相同的酒精灯同时加热相同的时间,温度随时间的变化图象如图所示.下列说法正确的是
A.由图象可判断,A的吸热能力大
B.加热相同时间,A吸收的热量多
C.A、B升高相同的温度,B吸收的热量多
D.A、B升高相同的温度,A吸收的热量多
【答案】C
【解析】A.由图象可以看出,当升高的温度相同时,B的加热时间更长,说明B的吸热能力大,故A错误;
B两种质量相等、初始温度也相同的不同物质,分别用两只完全相同的酒精灯加热,相同的时间内吸收的热量相等,故B错误;
CD.由图象可以看出,当升高的温度相同时,B的加热时间更长,说明B吸收的热量多,故C正确,D错误.
7.如图所示,几个同学在只有电流表或电压表时,利用一个已知阻值的电阻R0,设计了下面四个测量未知电阻RX阻值的电路,其中不可行的是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】在A图中,Rx和定值电阻R0串联,电压表U1测量定值电阻两端的电压,电压表U2测量Rx两端的电压Ux,由
知道,可以先计算出通过定值电阻的电流,然后根据串联电路电流处处相等知道
,根据
求出电阻Rx,故A可行;
B图中,Rx和定值电阻R0并联,电流表A1测量定值电阻的电流,电流表A2测量Rx的电流,由
先计算出定值电阻两端的电压,然后根据并联电路各支路电压相等知道,
,由
求出电阻Rx,故B可行;
C图中,Rx和定值电阻R0串联,电流表测量串联电路的电流,由于不能直接或间接测量Rx两端的电压,所以不能求出Rx电阻,故C不可行,符合题意;
D图中,当开关S和S1都闭合时,电压表测量电源电压;当开关S闭合S1断开时,电压表直接测量Rx两端的电压,由串联电路总电压等于各串联导体电压之和知道,可以先求出定值电阻两端的电压,然后根据
,求出通过定值电阻的电流,又因为串联电路电流处处相等,所以,
,最后根据
求出电阻,故D可行,综上所述,故选C.
8.某电路如图所示,电源电压不变且R1>R2,闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端,则下列说法中不正确的是
A.电路中的总电阻变大
B.R1两端电压不变
C.R2的电功率变大
D.流过R1电流减小
【答案】B
【解析】当滑动变阻器滑片在a端时,R2被短路,电路中只有R1工作;当滑动变阻器滑片在b端时,滑动变阻器与R2并联,再与R1串联.
A.滑片在a端时,电路中电阻只有R1;滑片在b端时,电路中多了滑动变阻器与R2并联的电阻,所以总电阻变大.故A正确,不符合题意.电路中的总电阻变大
B.滑片在a端时,R1两端电压等于电源电压;滑片在b端时,由于滑动变阻器与R2并联会分掉一部分电压,所以R1两端电压会变小.故B错误,符合题意.
C.滑片在a端时,R2没有工作,电功率为零;滑片在b端时,R2工作,有一定的电功率.即R2的电功率变大.故C正确,不符合题意.
D.因电路中的总电阻变大,而电源电压不变,所以电路中电流变小.即流过R1电流减小.故D正确,不符合题意.
9.如图甲所示,蜡烛a在竖直放置的平面镜MN中所成像为a′,现将该平面镜竖直向下移动一段距离至图乙所示位置,则蜡烛a在平面镜中()
A.不成像
B.仍成像,但像下移距离与平面镜下移距离相同
C.仍成像,但像下移距离是平面镜下移距离的两倍
D.仍成像,且像还在原来位置
【答案】D
【解析】平面镜所成的像与物体是关于镜面对称的,由题意可知,平面镜只是下移了,并没有改变蜡烛到平面镜的距离,所以也不会改变所成的像到平面镜的距离,像仍会在原来的位置,故应选D.
10.小明在做测量滑轮组的机械效率的实验中,用同一滑轮组进行了3次实验,如图所示,实验数据记录如表。
次数
钩码重/N
购码上升距离/cm
弹簧测力计示数/N
弹簧测力计上升距离/cm
机械效率
1
2
10
0.8
30
83.8%
2
4
10
1.5
30
?
3
6
10
?
30
90.9%
(1)第2次实验中滑轮组的机械效率为_____(结果保留一位小数)。
(2)如图丙所示,第3次实验中弹簧测力计的示数为_____N。
(3)分析表格中的数据得出结论:
同一滑轮组,_____。
(4)在第2次实验时,如果拉力方向与竖直方向有一定夹角,那么所测得的滑轮组的机械效率将会_____(填“变大”、“变小”或“不变”)。
【答案】88.9%2.2提升物体的重力越大,机械效率越高变小
【解析】
(1)[1]第2次实验中滑轮组的机械效率为:
(2)[2]如图丙所示,第3次实验中弹簧测力计的分度值为0.2N,示数为2.2N;
(3)[3]纵向分析表格中的数据得出结论:
同一滑轮组,提升物体的重力越大,机械效率越高;
(4)[4]弹簧测力计拉动方向偏离了竖直方向,拉力F变大,拉下的距离s不变,总功变大,有用功不变,则滑轮组效率变小。
二、填空题
11.给你一只标有“10Ω0.3A”的定值电阻和一只标有“30Ω0.6A”的滑动变阻器,在保证所有电路元件安全的前提下,若串联接入电路,则电路中允许通过的最大电流为___A,它们两端允许加的最大电压为___V.
【答案】0.312
【解析】在串联电路中电路处处相等,所以若串联接入电路,则电路中允许通过的最大电流与额定电流较小的电阻的电流相等为0.3A,此时的总电阻为40Ω,所以它们两端允许加的最大电压为12V.
12.把标有“1A6W”的L1和“2A6W”的L2两个灯泡并联接入电路中,如图,让其中一个灯泡正常发光,另一个灯泡的实际功率不超过额定功率,则该电路中干路电流是___A,两灯消耗的实际总功率为______W.
【答案】2.57.5
【解析】由P=UI可知,额定电压:
U1=
=
=6V,
U2=
=
=3V,
由I=
可知,灯泡电阻:
R1=
=
=6Ω,
R2=
=
=1.5Ω,
两灯泡并联,所加最大电压:
U=U2=3V,
通过干路的电流:
I=I1+I2=
+
=
+
=2.5A,
两灯消耗的实际总功率:
P=UI=3V×2.5A=7.5W。
13.一个正方体金属块,为了测量它的密度,采取如下的做法:
用刻度尺测量金属块的底面边长.如图所示,边长是_____cm.先将天平测质量时,使天平平衡,砝码如图所示.可计算金属块的密度_____kg/m1.
【答案】2.008g/cm1
【解析】试题分析:
(1)刻度尺测物体的长度要先看最小分度值,再用末刻度减去开始的刻度得出物体的边长;
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码的质量,物体的体积等于边长的立方,根据ρ=
计算出密度.
解:
(a)刻度尺的最小分度值为1mm,边长L=5.00cm﹣1.00cm=2.00cm;
(b)砝码的质量为50+10g=60g,游码的质量为4g,所以该金属块的质量为64g.
金属块的体积为V=(2.00cm)1=8cm1;
金属块的密度ρ=
=
=8g/cm1=8×101kg/m1.
故答案为(a)2.00;(b)8×101.
14.如图所示,质量为15kg的物体A,在大小为15N的拉力F作用下以1m/s的速度做水平匀速直线运动,已知滑轮组机械效率为80%,则拉力在10秒内所做的功是_____焦.物体A所受的摩擦力是_____牛.
【答案】45036
【解析】
由图可知,
,则绳子自由端移动的速度为:
;
10s绳子自由端通过的距离为:
;
根据
得,拉力做功为:
;
由
可得有用功:
;
物体通过的距离为:
;
由
可得,物体A所受的摩擦力:
.
15.用滑轮组提起重900N的物体,绳子自由端拉力F为400N,重物在20s内匀速上升了10m。
那么物体上升的速度为_____,提起物体所做的有用功为_____,滑轮组的机械效率为_____。
【答案】0.5m/s9×103J75%
【解析】由于重物在20s内匀速上升了10m,所以,物体上升的速度是:
v=
=
=0.5m/s,提起物体所做的有用功是:
W有用=Gh=900N×10m=9×103J;由图知道,承担物重的绳子的股数是n=3,所以,绳端移动的距离是:
s=3h=3×10m=30m,提起物体所做的总功是:
W总=Fs=400N×30m=1.2×104J,所以,滑轮组的机械效率是:
η=
×100%=
×100%=75%。
16.小明家电能表本月初的示数如图甲所示,本月底的示数如图乙所示,小明家本月消耗的电能为_______kW·h,如果按0.5元/(kW·h)的电价计费,本月应付电费_____元,该电能表单相电能表的参数表明,小明家能同时使用的用电器总功率不得超过______W.庭电路中,火线与零线间的电压为_____V,为了避免触电事故,家用电器的金属外壳一定要_____.
【答案】130652200220接地
【解析】电能表的读数方法:
①月末的减去月初的示数;②最后一位是小数;③单位kW•h,所以,小明家本月消耗的电能是:
W=W1-W2=951.6kW•h-821.6kW•h=130kW•h;由于电费的单价是:
0.5元/(kW•h),所以应交电费是:
130kW•h×0.5元/(kW•h)=65元;由图知道,电能表工作电压是220V、平时工作允许通过的最大电流是10A,所以能连接的用电器最大电功率是:
P=UI=220V×10A=2200W;我国家庭电路的电压是220V,即火线与零线间的电压为220V;有金属外壳的用电器,其外壳一定要接地,这样,当用电器漏电时,地线把人体短路,就可以避免触电事故的发生.
17.空中加油机在空中给歼击机加油的过程中,若以_____为参照物,他们都是运动的,若以加油机为参照物,歼击机是_____的.
【答案】地面静止
【解析】试题分析:
如果物体相对于参照物的位置保持不变,则物体是静止的,如果物体相对于参照物位置不断变化,则物体是运动的,据此分析答题.
解:
空中加油机在空中给歼击机加油的过程中,相对于地面的位置不断变化,以地面作为参照物,它们都是运动的;
空中加油机在空中给歼击机加油的过程中,歼击机相对于加油机位置保持不变,以加油机为参照物,歼击机是静止的.
故答案为地面;静止.
【点评】本题考查了参照物的选择及根据参照物判断物体的运动状态,是一道基础题.
18.微信扫码是现在普遍的沟通方式。
如图所示,当手机扫描二维码时,摄像头相当于_____镜,某次扫描二维码时,二维码的左右两边都没有显示在手机屏幕上,要显示出完整的像,应将手机_____二维码(填“远离”“靠近”)。
【答案】凸透远离
【解析】手机摄像头相当于凸透镜,是利用物体在2倍焦距以外,成倒立缩小实像的原理制成的;
扫描二维码时,二维码的左右两边都没有显示在手机屏幕上,说明像太大了,要让像变小一些,凸透镜成实像时,物远像近像变小,所以应增大物距,应将手机远离二维码。
19.如图甲所示,电源电压保持不变,闭合开关S,滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中,两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示,则电源电压为_____V,滑片从b点滑到a点的过程中,电路消耗的总功率最大值为_____W,滑片在a点时,10s内电阻R消耗的电能为_____J.
【答案】154590
【解析】
(1)由图甲知,三个电阻串联,V1测R1两端电压,V2测R2两端电压,电流表测电路中电流;P从b点滑到a点的过程中,R1连入阻值变小,电路中总电阻变小,电源电压不变,根据I=
知,电路中电流变大,由U=IR可知电压表V2的示数变大,根据串联电路的电压特点可知:
电压表V1的示数变小;所以,dc段表示电压表V1示数随电流表示数的变化,ec段表示电压表V2示数随电流表示数的变化;滑片P在b点时,变阻器接入阻值最大,此时电流最小,由图乙可知,此时电流Ib=1A,U1=12V、U2=2V;滑片P在a点时,变阻器接入阻值最小,此时电流最大,由图乙可知,此时电流Ia=3A,U1′=6V、U2′=6V;根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得,P在b点和a点时的电源电压分别为:
U=IbR+U1+U2=1A×R
12V
2V-------①;U=IaR
U1′
U2′=3A×R
6V
6V--------②,解①②得:
R=1Ω,U=15V;
(2)电路消粍的总功率最大值:
P大=UIa=15V×3A=45W.滑片在a点时电流Ia=3A,则10s内电阻R消耗的电能:
W=
Rt=(3A)2×1Ω×10s=90J.
点睛:
(1)由图甲知,三个电阻串联,V1测R1两端电压,V2测R2两端电压,电流表测电路中电流,由串联电路特点结合欧姆定律分析判断图象中两段表示的含义;根据图乙读出P在a和b两点时,两电压表的示数和电路中电流,由串联电路特点和欧姆定律列式求出R的阻值和电源电压U;
(2)滑片在a点时电路中的电流最大为Ia=3A,利用P=UI求出总功率最大值;利用W=I2Rt即可求出消耗的电能.
三、作图题
20.一束光从空气斜射入水中,发生反射和折射,其中画出了反射光线,请面出入射光线和大致折射光线并标出入射角的大小.
【答案】
【解析】试题分析:
根据反射定律:
反射光线、入射光线、法线在同一个平面内,反射光线与入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角,先作出法线,再画出入射光线.
根据作出的入射光线,由折射定律:
折射光线、入射光线、法线在同一个平面内,折射光线、入射光线分居法线两侧,当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时,折射光线向法线偏折,折射角小于入射角;当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时,折射光线远离法线偏折,折射角大于入射角,画出折射光线
解:
先过反射点垂直界面画出法线,在法线左侧向反射点画出入射光线,反射角等于90°﹣45°=45°,所以入射角等于45°;
在法线右侧的水中从O点画出折射光线,注意折射角小于45°,如图所示:
【点评】特别强调不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线,而且要会根据反射或折射画出入射光线.
21.请作出图中,滑轮组最省力的绕线方法.
【答案】
【解析】只有一个动滑轮,要求最省力,绳子先系在动滑轮的固定挂钩上,
绕过上面的定滑轮,再绕过动滑轮,如图所示.
四、实验题
22.下面是晓婷同学设计的探究“光的反射定律”和“平面镜成像特点”的实验过程。
入射角
15°
30°
60°
反射角
15°
30°
60°
(1)如题图所示,为了探究“光的反射定律”,晓婷将一张白纸B放在水平桌面上,将一个平面镜A垂直白纸放置,用激光手电贴着_____(填“A”或“B”)照射,并记录下了反射角和入射角的度数如上表。
通过表格中的数据可得到的结论是____________。
(2)为了探究“平面镜成像特点”她将平面镜换成了_____,并取来了两个_____的蜡烛甲和乙。
在实验过程中,随着甲蜡烛的燃烧变短,甲蜡烛的像与乙蜡烛_____(填“仍然重合”或“不再重合”)。
此时所成的像与物大小_____(填“相同”或“不相同”)。
(3)下面表格中的数据是一位同学测量的四组像和物体到玻璃板的距离。
实验中刻度尺的使用以及读数均正确,但是分析数据时发现第二组的数据有较大的偏差,你认为造成这个偏差的原因可能是_________。
实验序号
1
2
3
4
物到玻璃板的距离/cm
15.30
23.02
25.60
28.50
像到玻璃板的距离/cm
15.30
23.15
25.60
28.50
A.选用的玻璃板太厚
B.选用的玻璃板太薄
C.在判断蜡烛乙与蜡烛甲的像是否完全重合时出现了较大偏差
【答案】B在光的反射中,反射角等于入射角玻璃板完全相同不再重合相同C
【解析】
(1)探究“光的反射定律”的实验过程,将平面镜A垂直白纸放置,只有用激光手电贴着B照射到平面镜上时,入射光线和其反射光线的径迹才可以同时在纸板上出现。
通过表格中的数据可得到的结论是光反射时,反射角等于入射角。
(2)为了探究“平面镜成像特点”,可将平面镜换成了透明的玻璃板,用透明的玻璃板代替平面镜,虽然成像不太清晰,但是在物体一侧能看到物体的像,同时还能看到代替物体的另一个物体。
选取两支完全相同的蜡烛,当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时,便于比较物像大小关系。
在实验过程中,随着蜡烛的燃烧变短,蜡烛的像与用来找像的蜡烛不再完全重合,而是变为部分重合,但此时所成的像与物大小仍相同。
(3)造成误差的原因是多方面的,例如:
描的点不对应;玻璃太厚,成两个像;没等到像完全重合就测量等,因第二组的数据有较大的偏差,所以造成这个偏差的原因可能是没等到像完全重合就测量;
23.在“探究杠杆的平衡条件”实验中:
图甲中,为使杠杆在水平位置平衡,应将右端的平衡螺母向_____侧调节.图乙中,杠杆恰好处于水平平衡状态,若在A处下方再挂一个钩码,则B处所挂钩码须向右移动_____格,可使杠杆在水平位置再次平衡.杠杆处于图甲所示位置时,小李同学就在杠杆上挂钩码进行实验,小明认为这样操作会对实验产生以下影响:
①杠杆自身重力可能会对实验产生影响
②可能不便于测量力臂或出现力臂测量错误
③无法得出杠杆平衡条件
你认为正确的是_____.
A.①②B.①③C.②③
【答案】右1A
【解析】
(1)调节平衡螺母向上翘的一端移动,使杠杆在水平位置平衡.
(2)杠杆的平衡条件:
动力×动力臂=阻力×阻力臂;
(3)调节杠杆两端的螺母,使杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态,这时杠杆的重心在支点上,使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响,且便于测量力臂.
【详解】
(1)由图甲知,实验前没挂钩码时,发现杠杆右端上翘,则重心应向左移动,应将右端平衡螺母向右旋一些,使杠杆在水平位置平衡;
(2)若在A处下方再挂一个钩码,根据杠杆平衡的条件,F1×L1=F2×L2,4G×2格=2G×n格,n=4则B处所挂钩码须向右移动1格,可使杠杆在水平位置再次平衡;
(3)杠杆倾斜时,杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端,左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节;实验前先要调节杠杆在水平位置平衡,这是为使杠杆所受的重力通过支点,从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响;调节好以后,仍要使杠杆在水平位置平衡,是为了便于测量力臂的长度,故选A.
五、计算题
24.【答案】
中考物理模拟试卷
一、选择题
1.如图所示是车顶的外掀式天窗.行驶时,将天窗前面关闭,后面微微向上打开,就能“抽出”车内污浊的空气.这是由于天窗开启后( )
A.加大了车顶空气的流速,使开口处的压强小于车内的压强
B.加大了车顶空气的流速,使开口处的压强大于车内的压强
C.减小了车顶空气的流速,使开口处的压强小于车内的压强
D.减小了车顶空气的流速,使开口处的压强大于车内的压强
【答案】A
【解析】天窗前闭后开,在车顶形成一个凸面,加大了车顶空气的流速,使天窗开口处的气压小于车内的气压,则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”,从而保持车内空气清新,故BCD错误,A正确.
2.下列四组连线,不完全正确的是
A.冬天玻璃上出现窗花﹣凝华,夏天湿衣服晒干﹣汽化
B.闻其声知其人﹣音色不同风吹树叶哗哗响﹣一振动发声
C.近视镜﹣﹣凹透镜照相机镜头﹣﹣凸透镜
D.原子组成一质子和中子宇宙起源﹣﹣大爆炸
【答案】D
【解析】A、玻璃上的窗花是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶;湿衣服变干是水汽化成为水蒸气,故A正确,不符合题意;
B、不同人说话的音色不同,所以“闻其声知其人”;风吹树叶引起树叶的振动,所以听到哗哗响,故B正确,不符合题意;
C、近视镜利用凹透镜对光线的发散作用制成,照相机利用凸透镜成像原理制成,故C正确,不符合题意;
D、原子是由原子核和核外电子组成的;根据宇宙大爆炸学说可知宇宙起源于大爆炸,故D错
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