届人教版遗传因子的发现单元测试Word文档下载推荐.docx
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子代中黄色∶灰色=2∶1,不符合3∶1的分离比的原因是控制黄色的基因纯合致死,导致后代性状分离比偏离9∶3∶3∶1;
卷尾性状由显性基因控制和灰色由隐性基因控制,都不是产生该遗传现象的主要原因。
2.某植物花色遗传受A、a和B、b两对等位基因控制。
当不存在显性基因时,花色为白色,当存在显性基因时,随显性基因数量的增加,花色红色逐渐加深。
现用两株纯合亲本植株杂交得F1,F1自交得F2,F2中有白花植株和4种红花植株,按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1。
下列说法错误的是( )
A.该植物的花色遗传遵循基因的自由组合定律
B.亲本的基因型可能为AAbb和aaBB
C.同一花色的个体基因型最多有4种
D.用F1作为材料进行测交实验,测交后代有3种表现型
选C 由题意可知,控制该植物花色的两对等位基因遵循自由组合定律;
亲本基因型可能是AAbb和aaBB;
同一花色的基因型最多有3种;
子一代的基因型是AaBb,测交后代的基因型及比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1,AaBb是一种性状,Aabb和aaBb是一种性状,aabb是一种性状,共有3种表现型。
3.某植物茎的高度受两对基因的控制,若AABB高10cm,aabb高4cm,每一显性基因使植物增高1.5cm,今有AaBb×
AaBb,其后代高7cm的约占( )
A.1/2B.1/4
C.3/8D.1/8
选C 由题意可知,每一显性基因使植物增高1.5cm,aabb高4cm,高7cm的含显性基因的个数为(7-4)÷
1.5=2,AaBb×
AaBb,后代中AaBb占1/4,AAbb占1/16,aaBB占1/16,所以其后代高7cm的约占1/4+1/16+1/16=3/8。
4.(2018·
南宁模拟)在西葫芦的皮色遗传中,已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性,但在另一白色显性基因(W)存在时,基因Y和y都不能表达。
两对基因独立遗传。
现有基因型为WwYy的个体自交,其后代的表现型种类及比例是( )
A.4种,9∶3∶3∶1B.2种,13∶3
C.3种,12∶3∶1D.3种,10∶3∶3
选C 由题干信息可知,等位基因之间会相互作用,从而导致后代出现异常分离比。
由于两对基因独立遗传,所以,基因型为WwYy的个体自交,符合自由组合定律,产生的后代可表示为:
9W_Y_∶3wwY_∶3W_yy∶1wwyy,由于W存在时,Y和y都不能表达,所以W_Y_和W_yy个体都表现为白色,占12/16;
wwY_个体表现为黄色,占3/16;
wwyy个体表现为绿色,占1/16。
5.红花和白花是香豌豆的一对相对性状。
两株白花植株杂交,无论正交、反交,F1中总是一半开白花,一半开红花。
开白花的F1植株自交,F2全开白花;
开红花的F1植株自交,F2表现为红花1809株,白花1404株。
下列哪项假设能解释该遗传现象( )
A.控制该性状的是一对位于X染色体上的等位基因,白花为显性性状
B.控制该性状的是一对位于常染色体上的等位基因,红花为显性性状
C.控制该性状的是两对独立遗传的等位基因,有一种显性基因时就表现为红花
D.控制该性状的是两对独立遗传的等位基因,有两种显性基因时才表现为红花
选D 根据分析,控制该性状的是两对独立遗传的等位基因,且有两种显性基因时才表现为红花。
两株白花植株杂交,设其基因型为AAbb和aaBb,无论正交、反交,F1的基因型都为Aabb和AaBb,分别开白花和红花,比例为1∶1。
开白花的F1植株Aabb自交,F2全开白花;
开红花的F1植株AaBb自交,F2表现为红花1809株,白花1404株,即9∶7,符合A_B_∶(A_bb+aaB_+aabb)=9∶7。
6.(2018·
贵阳四校摸底)某植物的花色受不连锁的两对基因A/a、B/b控制,这两对基因与花色的关系如图所示,此外,a基因对于B基因的表达有抑制作用。
现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1,则F1的自交后代中花色的表现型及比例是( )
A.白∶粉∶红,3∶10∶3 B.白∶粉∶红,10∶3∶3
C.白∶粉∶红,4∶9∶3D.白∶粉∶红,6∶9∶1
选C 由题意知,亲本基因型是AABB和aabb,杂交获得F1的基因型是AaBb,F1自交得F2,其基因型可表示为:
A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1。
观察题图可知,基因型为aaB_和aabb的个体为白色,又知a基因对于B基因的表达有抑制作用,所以红花的基因型为AABB和AAB_,其余的为粉花,综上所述三种花的比例为白∶粉∶红=4∶9∶3。
7.某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。
用2个纯合个体杂交得F1,F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc=1∶1∶1∶1。
则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是( )
选B F1与隐性纯合子测交,后代基因型的种类和比例由F1产生配子的种类和比例决定,根据F1测交结果可知F1减数分裂产生配子的种类和比例为:
ABC∶abc∶aBc∶AbC=1∶1∶1∶1。
由此可以看出,基因A与C始终在一起,基因a与c始终在一起,它们都与B和b自由组合。
8.实验者利用基因工程技术将某抗旱植株的高抗旱基因R成功转入到一抗旱能力弱的植株品种的染色体上,并得到下图所示的三种类型。
A.若自交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为75%,则目的基因的整合位点属于图中的Ⅲ类型
B.Ⅰ和Ⅱ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%
C.Ⅱ和Ⅲ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为7/8
D.Ⅰ和Ⅲ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%
选A Ⅲ的两个R基因分别位于两条非同源染色体上,其基因型可以表示为R1r1R2r2,该个体自交,后代中只要含有一个R基因(R1或R2)就表现为高抗旱性,后代中高抗旱性植株占15/16;
Ⅰ产生的配子中都有R基因,因此,它与Ⅱ、Ⅲ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%;
Ⅲ的基因型可以产生四种配子,与Ⅱ杂交,后代中高抗旱性植株所占比例为1-1/4×
1/2=7/8。
9.将纯合的灰色小鼠与棕色小鼠杂交,F1全部表现为灰色。
F1个体间相互交配,F2表现型及比例为灰色∶黄色∶黑色∶棕色=9∶3∶3∶1。
若M、N为控制相关代谢途径的显性基因,据此推测最合理的代谢途径是( )
选A 由F1的表现型可知:
灰色为显性,棕色为隐性。
F1雌雄个体间相互交配,F2出现灰色∶黄色∶黑色∶棕色=9∶3∶3∶1,说明双显性为灰色,双隐性为棕色,即M_N_为灰色,mmnn为棕色,只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色。
10.(2017·
青岛二模)下图甲、乙分别代表某种植物两不同个体细胞的部分染色体与基因组成,其中高茎(A)对矮茎(a)显性,卷叶(B)对直叶(b)显性,红花(C)对白花(c)显性,已知失去图示三种基因中的任意一种都会导致配子致死,且甲、乙植物减数分裂不发生交叉互换。
下列说法正确的是( )
A.两植株均可以产生四种比例相等的配子
B.若要区分甲、乙植株,可选择矮茎直叶白花植株进行测交实验
C.由图判断图乙可能发生染色体的易位,因此两植株基因型不同
D.甲、乙植株自交后代中,高茎卷叶植株所占比例分别为9/16和1/4
选B 甲植株能产生AbC、ABc、abC、aBc四种比例相等的配子,乙植株产生的配子有AbC、Aac、BbC、aBc,由于缺失一对基因中的一个而导致配子致死,因此乙植株只能产生两种比例相等的配子:
AbC、aBc;
通过测交甲植株产生四种比例相等的子代,而乙植株只产生两种比例相等的子代。
乙植株发生了染色体的变异,但甲乙两植株的基因型相同,均为AaBbCc。
甲植株自交后代中高茎卷叶植株(A_B_)占3/4×
3/4=9/16,乙植株自交后代中高茎卷叶植株(A_B_)占1/2×
1/2+1/2×
1/2=1/2。
二、非选择题
11.(2018·
常德模拟)日本明蟹壳色有三种情况:
灰白色、青色和花斑色。
其生化反应原理如右图所示。
基因A控制合成酶1,基因B控制合成酶2,基因b控制合成酶3,B对b有显性作用。
基因a控制合成的蛋白质无酶1活性,基因a纯合后,物质甲(尿酸盐类)在体内过多积累,导致成体会有50%死亡。
甲物质积累表现为灰白色壳,丙物质积累表现为青色壳,丁物质积累表现为花斑色壳。
请回答:
(1)花斑色壳明蟹的基因型可能为____________。
(2)两只青色壳明蟹杂交,后代只有灰白色和青色明蟹,且比例为1∶6。
亲本基因型可能为AaBb×
________。
若让后代的青色明蟹随机交配,则子代幼体中出现灰白色明蟹的概率是________,青色明蟹的概率是______________。
(3)AaBb×
aaBb杂交,后代的成体表现型及比例为:
____________________________。
(1)题干中指出丁物质积累表现为花斑色壳,故图中酶1、酶3应能够正常合成,酶2不能合成,故花斑色壳明蟹基因型为A_bb,不能含有B基因,有AAbb、Aabb两种可能。
(2)两只青色壳明蟹(A_B_)交配,后代成体只有灰白色明蟹(aa__)和青色明蟹(A_B_),且比例为1∶6。
因为后代出现了aa,所以双亲都是Aa;
又因为aa的物质甲(尿酸盐类)在体内过多积累,导致成体会有50%死亡,所以后代aa__∶A_B_=2∶6,即aa__占1/4,A_B_占3/4。
因第二对基因没有性状分离,都是BB或者一个BB、一个Bb,因此亲本基因型组合为AaBB×
AaBB或者AaBB×
AaBb,题中已给出亲本之一基因型为AaBb,故另一个为AaBB。
灰白色明蟹基因型为aa__,故只需考虑与A、a这一对基因即可。
后代青色蟹中,AA占1/3,Aa占2/3,随机交配子代幼体出现灰白色(aa)个体的概率为2/3×
2/3×
1/4=1/9,A_占1-1/9=8/9。
后代青色蟹中,BB和Bb各占1/2,随机交配,后代bb占1/2×
1/2×
1/4=1/16,B_占1-1/16=15/16。
故子代幼体青色蟹(A_B_)的概率为8/9×
15/16=5/6。
(3)由于aa使甲物质积累表现为灰白色壳,丙物质积累表现为青色壳,丁物质积累表现为花斑色壳,所以AaBb×
aaBb杂交,子代幼体青色壳(A_B_)占1/2×
3/4=3/8,花斑色壳(A_bb)占1/2×
1/4=1/8,灰白色壳(aa__)占1/2,其比例为3∶1∶4,由于成体中aa个体一半死亡,故后代成体中青色∶花斑色∶灰白色=3∶1∶2。
答案:
(1)AAbb、Aabb
(2)AaBB 1/9 5/6 (3)青色∶花斑色∶灰白色=3∶1∶2
12.某植物的三个基因A、b、d分别控制①、②、③三种酶的合成,在三种酶的催化下可使一种无色物质经一系列转化变为紫色物质。
基因A、B、D分别对基因a、b、d为完全显性。
假设该生物体内紫色物
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