材料力学简明教程景荣春课后答案第3篇.docx
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材料力学简明教程景荣春课后答案第3篇
第3章扭转
思考题
3-1何谓扭矩?
扭矩的正负号如何规定的?
如何计算扭矩?
答轴在外力偶矩作用下,由截面法求出的横截面上分布内力向截面形心简化的合力(力
偶矩)称为扭矩。
对扭矩T的正负规定为:
若按右手螺旋法则把T表示为矢量,当矢量方向与截面的外法
线n的方向一致时,T为正;反之为负。
用截面法计算扭矩,注意截面位置应偏离外力偶矩作用面。
3-2薄壁圆筒、圆轴扭转切应力公式分别是如何建立的?
假设是什么?
公式的应用条件
是什么?
答等厚薄壁圆筒在两端垂直于轴线的平面内作用大小相等而转向相反的外力偶Me所
做试验结果现象表明,当薄壁圆筒扭转时,其横截面和包含轴线的纵向截面上都没有正应力,
横截面上只有切应力⎜,因为筒壁的厚度™很小,可以假设沿薄壁圆筒筒壁厚度切应力不变。
又因在同一圆周上各点情况完全相同,应力也就相同,从而建立薄壁圆筒扭转切应力计算公
式;
在圆轴两端施加一对大小相等、方向相反的外力偶。
从实验中观察到的现象,假设轴变
形后,横截面仍保持平面,其形状、大小与横截面间的距离均不改变,而且半径仍为直线(圆
轴扭转平面假设),连同胡克定律和静力平衡条件推出圆轴扭转切应力计算公式。
公式应用条件为线弹性材料、小变形、等截面(锥度不大的变截面可近似用)。
3-3试述纯剪切和薄壁圆筒扭转变形之间的差异及相互关系。
答单元体4个互相垂直的面上只作用切应力的状态称为纯剪切;薄壁圆筒扭转变形时
(忽略厚度影响)筒壁各点的应力状态为纯剪切。
3-4试述剪切胡克定律与拉伸(压缩)胡克定律之间的异同点及3个弹性常量E,G,⎧之
间关系。
答剪切胡克定律⎜=G©(反映角度的变化)与拉伸(压缩)胡克定律⎛=E∑(反映
长度的变化)皆为应力与应变成正比关系。
3个弹性常量E,G,⎧之间关系为G=
E
2(1+⎧)
。
3-5圆轴扭转时如何确定危险截面、危险点及强度条件?
答等截面圆轴扭转时的危险截面为扭矩最大的横截面,变截面圆轴扭转时的危险截面
在其扭矩与扭转截面系数比值最大的横截面;其危险点在该横截面的外边缘。
强度条件为
⎜max=
Tmax
Wp
≤[⎜]
3-6金属材料圆轴扭转破坏有几种形式?
答塑性金属材料和脆性金属材料扭转破坏形式不完全相同。
塑性材料试件在外力偶作
用下,先出现屈服,最后沿横截面被剪断,如图a所示;脆性材料试件受扭时,变形很小,
最后沿与轴线约45°方向的螺旋面断裂,如图b所示。
27
思考题3-6解图
3-7从强度方面考虑,空心圆轴为何比实心圆轴合理?
答对于相同的横截面面积(即用相同量材料),空心圆轴比实心圆轴的抗扭截面系数大,
从而强度高。
3-8如何计算扭转变形?
怎样建立刚度条件?
什么样的构件需要进行刚度校核?
答
(1)写出扭矩方程或扭矩图;相距l的两截面间的扭转角
dϕ=dx
ll
上式适用于等截面圆轴和截面变化不大的圆锥截面轴。
对等截面圆轴,若在长l的两横截面
间的扭矩T为常量,则
ϕ=
Tl
GIp
圆轴扭转的刚度条件为
⎝
⎟
max
≤[⎝]
对于等截面圆轴为
⎝max=
Tmax
GIp
≤[⎝]
或
⎝max=
Tmax
GIp
⋅
180︒
π
≤[⎝]
3-9矩形截面轴的自由扭转切应力分布与扭转变形有何特点?
如何计算最大扭转切应
力与扭转变形?
答轴扭转时,横截面边缘上各点的切应力都与截面边界相切,且4个角点处的切应力
为零;最大切应力⎜max发生在截面长边的中点处,而短边中点处的切应力⎜1是短边上的最
大切应力。
其计算公式为
⎜max=
T
Wt
=
T
〈hb2
⎜1=©⎜max
(2)矩形截面杆扭转时,其横截面不再保持平面而发生翘曲。
杆件两端相对扭转角
ϕ=
Tl
G®hb
3
=
Tl
GIt
3-10两根直径相同而长度和材料均不同的圆轴1,2,在相同扭转作用下,试比较两者
最大切应力及单位长度扭转角之间的大小关系,
答最大切应力相同;单位长度扭转角不同。
3-11同一变速箱中的高速轴一般较细,低速轴较粗,这是为什么?
28
T(x)
GIp(x)
⎛T⎞
GIp⎟⎠
答同一变速箱中的高速轴与低速轴指相对转速高低,其传递的功率相同(不计功率损
耗),啮合处线速度相同。
要啮合处产生相同的线速度,则高速轴的啮合半径就较小;又因
为啮合处相互作用力相同,该作用力对啮合半径就较小的高速轴线产生的外力偶矩就较小,
从而在高速轴中产生的扭矩较小,故高速轴可做得较细。
3-12图示轴A和套筒B牢固地结合在一起,两者切变模量分别为GA和GB,两端受扭
转力偶矩,为使轴和套筒承受的扭转相同而必须满足的条件是什么?
思考题3-12图
答设套筒B的内、外径分别为d和D,则两者切变模量须满足下列关系:
GB
GA
=
D4−d4
d4
3-13
试画出空心圆轴扭转时,横截面上切应力分布规律图。
答
思考题3-14解图
3-14
图示组合轴,中心部分为钢,外圈为铜。
两种材料紧密组合成一整体,若该轴受
扭后,全部处于线弹性范围,试画出其横截面上的应力分布图。
思考题3-14图
思考题3-14解图
答
3-15图示3种闭口薄壁截面杆承受扭转作用,若3种截面的横截面积A,壁厚™和承
受的扭矩T均相同,则其扭转切应力最大和最小的各是哪种截面?
思考题3-15图
答⎜cmax>⎜bmax>⎜amax
3-16图示承受扭矩的3种截面形式,试分别画出其切应力沿壁厚的分布规律。
29
思考题3-16图
30
习题
3-1
求图示各轴的扭矩图,并指出其最大值。
(a)
(a1)
(c)
(c1)
解(a)Tmax=2Me;
(c)Tmax=−40kN⋅m;
(b)Tmax=−Me
(d)Tmax=4kN⋅m
(b)
(b1)
(d)
(d1)
3-2
图(a)所示某传动轴,转速n=500r/min,轮A为主动轮,输入功率PA=70kW,
轮B,轮C与轮D为从动轮,输出功率分别为PB=10kW,PC=PD=30kW。
(1)求轴内的最大扭矩;
(2)若将轮A与轮C的位置对调,试分析对轴的受力是否有利。
(a)
(b)
解
(1)MB=9549⋅
PB
n
10
500
PA70
n500
31
=9549⋅=191N⋅m
MA=9549⋅=9549⋅=1337N⋅m
MD=MC=9549⋅
用截面法如图(b)所示:
PC
n
30
500
AB段
AC段
CD段
T1=MB=191N⋅m
T2=MB−MA=−1146N⋅m
T3=−MD=−573N⋅m
由以上结果得
Tmax=−1146N⋅m
(2)若将轮A与轮C位置对调,则T1,T3值不变,而
T2=MB+MC=764N⋅m
Tmax=764N⋅m
其绝对值比第
(1)种情况小,即对轴的受力有利。
3-3
试绘出图示截面上切应力的分布图,其中T为截面的扭矩。
(a1)
(b1)
(c1)
3-4
图示圆截面轴,AB与BC段的直径分别为d1与d2,且d1=4d2/3。
求轴内的
最大扭转切应力。
解BC段
⎜max2=
Me
Wp2
=
16Me
πd23
AB段
⎜max1=
2Me
Wp1
=
16⋅2Me
3
=
32Me
⎛4⎞
⎝3⎠
3
13.5Me
πd23
32
=9549⋅=573N⋅m
πd1
π⎜d2⎟
=<⎜max2
⎜max=⎜max2=
16Me
πd23
3-5
一受扭等截面薄壁圆管,外径D=42mm,内径d=40mm,两端受扭力矩
Me=500N⋅m,切变模量G=75GPa。
试计算圆管横截面与纵截面上的扭转切应力,并
计算管表面纵线的倾斜角。
解
(1)⎜max=
Me
Wp
=
16Me
πD31−〈4
)
=
16⋅500
3−9
4
⎢⎝42⎠⎥
=194MPa
(2)若考虑薄壁,可求其平均扭转切应力
⎜=
讨论:
误差
或
=
2πR2™
194−189
194
194−189
194
500
2
−9
⎝2⎠
⋅100%=2.6%<5%
⋅100%=2.6%<5%
故薄壁管一般均用简化公式求平均切应力。
(3)©=
⎜
G
=
189⋅106
9
−3
3-6设有1密圈螺旋弹簧,承受轴向载荷F=1.5kN作用。
设弹簧的平均直径
D=50mm,弹簧丝的直径d=8mm,弹簧丝材料的许用切应力[⎜]=450MPa,试校核弹
簧的强度。
⎛50⎞
3
π⋅83⋅10−9⋅⎜4⋅−3⎟
⎝8⎠
=⋅100%=1.78%<5%
450
强度满足(工程中误差小于5%,认为技术满足要求)。
(2)用简化公式
=
πd3π⋅83⋅10−9
讨论:
由于c=Dd=508=6.25<10,故应用解
(1)中修正公式计算(
(1)
(2)计算
值相差较大)。
3-7
一圆截面等直杆试样,直径d=20mm,两端承受外力偶矩Me=150N⋅m作用。
设由试验测得标距l0=100mm内轴的相对扭转角ϕ=0.012rad,试确定切变模量G。
解
ϕ=
Tl0
GIp
=
Mel0
GIp
33
(
⎡⎛40⎞⎤
π⋅42⋅10⋅⎢1−⎜
⎟⎥
⎣⎦
Me
=189MPa
⎛41⎞
⎟⋅1⋅10
2π⎜
75⋅10
=2.52⋅10rad
8⋅1.5⋅103⋅50⋅10−3⎜4⋅+2⎟
⎠=458MPa
8FD(4c+2)⎝8
(4c−3)
解
(1)⎜max==
⎛⎞
50
πd
[⎜]
=373MPa<[⎜],安全。
8FD8⋅1.5⋅103⋅50⋅10−3
G=
Mel0
ϕIp
=
Mel0
ϕ⋅πd
4
=
150⋅0.1⋅32
0.012π⋅204⋅10−12
=79.6GPa
3-8
设有1圆截面传动轴,轴的转速n=300r/min,传递功率P=80kW,轴材料的
︒
设计轴的直径。
解
GIpπ
P80
n300
T180︒
G⋅
T
4
32
⋅
180︒
π
≤[⎝]
d≥4
32T⋅180︒
2
=4
32⋅2546⋅180︒
π2⋅80⋅109⋅1.0
−2
装轴承处直径可取d=65mm,其它部位若考虑轴肩应按设计规范加大。
3-9
图示为1阶梯形圆轴,其中AE段为空心圆截面,外径D=140mm,内径
d=80mm;BC段为实心圆截面,直径d1=100mm。
受力如图所示,外力偶矩分别为
MeA=20kN⋅m,MeB=36kN⋅m,MeC=16kN⋅m。
已知轴的许用切应力
︒
(a)
(b)
解
扭矩图如图(b)。
(1)强度
⎜BCmax=
T1
Wp1
=
T1
πd1
=
16T1
πd1
=
16⋅16⋅103
π⋅0.13
=81.5⋅106=81.5MPa
16
=⋅100%=1.88%<5%,BC段强度基本满足。
80
T2
Wp2
3
16D
T2
[1−()]
=
20⋅103⋅16
π⋅1403⋅10−9⋅[1−(
140
)]
34
许用切应力[⎜]=80MPa,单位长度许用扭转角[⎝]=1.0/m,切变模量G=80GPa。
试
T=9549⋅
=9549⋅=2546N⋅m
≤[⎝]
πd
πG[⎝]
=6.56⋅10m=65.6mm
[⎜]=80MPa,G=80GPa,[⎝]=1.2/m。
试校核轴的强度和刚度。
[⎜]
πDd4
804
6
(2)刚度
ϕT1180o
lGIp1π
16⋅103⋅180o
4
80⋅109⋅
32
⋅π
o
BC段刚度基本满足。
AE段:
⎝=
ϕ
l
=
T2
GIp2
180o
π
20⋅103⋅180
π⋅0.14444
327
=0.426o<[⎝]
AE段刚度满足,显然EB段刚度也满足。
3-10
一薄壁等截面圆管,两端承受扭力矩Me作用。
设管的平均半径为R0,壁厚为™,
管长为l,切变模量为G,证明薄壁圆管两端相对扭转角为
ϕ=
Mel
2GπR03™
证
Ip=∫AR0dA=∫sR0™ds=∫
2π
0
R02™⋅R0d⎝=2π™R03
ϕ=
Tl
GIp
=
Mel
3
=
Mel
2GπR03™
3-11
图(a)所示圆锥形薄壁轴AB,两端承受扭力矩Me作用。
设壁厚为™,横截面A
与B的平均直径分别为dA和dB,轴长为l,切变模量为G。
证明截面A和B间的相对扭
转角为
ϕAB=
2Mel(dA+dB)
2
(a)
(b)
证
由图(b)得
d(x)=
dB−dA
l
x+dA,IP(x)参看题3-10证明
35
=41.5⋅10=41.5MPa<[⎜],故强度满足。
BC段:
⎝==⋅=
π⋅0.1
=1.17/m<[⎝]
⋅=
80⋅109⋅
⋅[1−()]π
22
G⋅2π™R0
πG™dAB
d
ϕAB=∫
l
0GIp(x)
=∫
l
0
Medx
G⋅2π™⎜⎟
⎝2⎠
3
=
4Meldx4Meldx
π™G⎞
BA
⎝l⎠
3
=⋅
−d
⎛d−d⎞
l⎝l⎠
⎝l⎠
3
=⋅
=
2
−dl⎠
−2l
0
3-12
图(a)所示等圆截面杆AB和CD的尺寸相同。
AB为钢杆,CD为铝杆,两种材
料的切变模量之比为3:
1。
若不计BE和ED两杆的变形,问力F的影响将以怎样的比例分
配于AB和CD两杆?
解设AB长l,则
(a)
(b)
™E=aϕAB=a
T1l
G1Ip
2
=1
G1Ip
(a)
再考虑CDE
™E=aϕCD=a
T2l
G2Ip
=a
G2IpG2Ip
=
(b)
由式(a),(b)得
2
=
G1Ip
(F−F1)al2
G2Ip
F1
G1
=
F−F1
Medx
⎛d(x)⎞
G2
,
F1
3G2
=
F−F1
G2
F1=3(F−F1),4F1=3F,F1=
F
F2=F−F1=
4
3
4
F
3-13已知扭力矩Me1=400N⋅m,Me2=600N⋅m,许用切应力[⎜]=40MPa,单
36
Medx
⎛d(x)⎞
∫0d3(x)=π™G∫0⎛d−d
π™GdBA
d⎜BAx+dA⎟
∫0⎛d−d
⎞
⎜BAx+dA⎟
⋅⎜−⎟⎜BAx+dA⎟
4Mel⎛1⎞⎛d−d⎞
π™GdBA⎝2⎠⎝
2Mel(dA+dB)
π™GdAB2
d
Fal
(F−F1)al(F−F1)al2
F1al
︒
(a)
(b)
(c)
解图(b),由平衡得
MB−Me2+Me1−MA=0
即
即
即
MB−MA=200N⋅m
变形谐调(图(a))
ϕAB=ϕAC+ϕCD+ϕDB=0
++
GIpGIpGIp
4MA+3(MA−Me1)+5MB=0
7MA+5MB=1200N⋅m
解式(a),(b)得
MB=216.7N⋅m,MA=16.7N⋅m
Tmax=383.3N⋅m
=0
(a)
(b)
⎝=
GIpπ
⋅
≤[⎝],Ip=
πd4
32
32Tmax⋅180︒
2
≤d4
3-14
图示两端固定阶梯形圆轴,承受扭力矩Me作用。
已知许用切应力为[⎜],为使
轴的重量最轻,试确定轴径d1与d2。
位长度的许用扭转角[⎝]=0.25/m,切变模量G=80GPa。
试确定图(a)所示轴的直径。
(a)
(b)
解由图(b)平衡
Tmax180︒
MA⋅0.5(MA−Me1)⋅0.75MB⋅1.25
37
πG⋅0.25︒
M1=M2+Me
变形谐调
(a)
ϕ12=
M1a
GIp1
+
M2⋅2a
GIp2
=0
M1=
−2Ip1
Ip2
M2
(b)
代入式(a)得
M2=−
Ip2
2Ip1+Ip2
Me,M1=−
2Ip1
2Ip1+Ip2
Me
(c)
⎜1max=
M1
Wp1
M2
Wp2
(d)
取
M1
Wp1
=
M2
Wp2
式(c)代入得
(2I
2Ip1Me
p1+Ip2Wp1
=
(2I
Ip2Me
p1+Ip2Wp2
即
2Ip1
Wp1
=
Ip2
Wp2
得
2d1=d2
代入式(d)得
(2I
2Ip1Me
p1+Ip2Wp1
≤[⎜],d1≥3
16Me
9[⎜]π
最后取
d1=3
16Me
9[⎜]
,d2≥2⋅3
16Me
9[⎜]
3-15
图示两端固定的圆截面轴,承受外力偶矩Me作用。
设其扭转刚度GIp为已知常
量。
求约束力偶矩。
(a1)
解图(a1),由平衡
MA+MB=Me
(a)
变形谐调
)
)
)
ϕAB=0,即
38
≤[⎜],⎜2max=≤[⎜]
MAa
GIp
=
MB⋅2a
GIp
MA=2MB
代入式(a)得
(b)
MB=
1
3
Me,MA=
2
3
Me
(b1)
(b2)
解图(b1),由平衡
MA+MB=ml
图(b2)
(a)
Tx=MA−mx
lTxdx
0GIp
l(M
0
GIp
dx=0
即
l
0
A
−mx)dx=0
−
1l
(MA−mx)d(MA−mx)=0
−
1
2m
(MA−mx)2
l
0
=0,MA=
ml
2
代入(a)得
MB=
ml
2
3-16图a所示直径d=25mm的钢轴上焊有两凸台,凸台上套有外径D=75mm,
壁厚™=1.25mm的薄壁管,当轴承受外力偶矩
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- 材料力学 简明 教程 景荣春 课后 答案