届江西省上高县第二中学高三上学期第四次月考理科综合化学试题解析版.docx
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届江西省上高县第二中学高三上学期第四次月考理科综合化学试题解析版
2018届江西省上高县第二中学高三上学期第四次月考理科综合化学试题(解析版)
1.人们的生活、生产与化学息息相关,下列说法正确的是()
A.地沟油主要成分是液态烃,故地沟油经过处理后可作为汽车燃油。
B.工厂中常用的静电除尘利用了胶体的性质。
C.白铁(镀锌铁)比马口铁(镀锡铁)铁板更易腐蚀。
D.光导纤维的成分是晶体硅。
【答案】B
【解析】A.地沟油的主要成分是油脂,含有许多有毒物质,经过处理后可作为汽车燃油,故A错误;B.胶体有胶粒吸附带电微粒而带电,在通电情况下,胶粒能定向移动,静电除尘利用了胶体能发生电泳的性质,故B正确;C.锌较活泼,镀锌铁难以腐蚀,而铁比锡活泼,镀锡铁更易被腐蚀,故C错误;D.光导纤维的成分是二氧化硅晶体,二氧化硅晶体具有较好的透光性和折光性,能传递光信号,用作光导纤维,故D错误;故选B。
点睛:
本题考查物质的性质及应用,侧重分析与应用能力的考查,解答关键:
物质的性质、成分及性质与应用的关系,易错点:
D,注意判断二氧化硅组成、性质和应用,比较硅的性质与应用。
2.用NA表示阿伏加德罗常数的值,下列叙述中正确的是()
A.常温下,1L0.1mol•L-1CH3COONa溶液中CH3COO-离子数目为0.1NA
B.标准状况下,11.2LHF 含有0.5NAHF分子
C.将含0.1mol FeCl3的饱和溶液滴入沸水形成的胶体粒子的数目小于0.1NA
D.含19.6gH2SO4的浓硫酸与足量铜反应,生成SO2的分子数为0.1NA
【答案】C
3.EDTA 是一种重要的络合剂。
4mol一氯乙酸和1mol乙二胺(
)在一定条件下发生反应生成1molEDTA和4molHCl,则EDTA的分子式为()
A.C10H16N2O8B.C10H20N2O8C.C8H16N2O8D.Cl6H20N2O8Cl
【答案】A
【解析】一氯乙酸结构简式为CH2ClCOOH,分子式为C2H3O2Cl,乙二胺的分子式为C2H8N2,4mol一氯乙酸和1mol乙二胺在一定条件下发生反应生成1molEDTA和4molHCl,有4C2H3O2Cl+C2H8N2→EDTA+4HCl,由质量守恒可得EDTA的分子式为C10H16N2O8,故选A。
点睛:
本题考查有机物分子式的计算,侧重于学生的分析能力的考查,解题关键:
根据反应的关系式,利用质量守恒计算。
4.下表中的实验操作能达到实验目的或能得出相应结论的是()
选项
实验操作
实验目的或结论
A
将混有Ca(OH)2杂质的Mg(OH)2样品,放入水中搅拌成浆状后,加入足盘饱和氯化镁溶液充分搅拌、过滤,沉淀用蒸馏水洗涤
除去Mg(OH)2样品中的Ca(OH)2
B
取少量KClO、晶体溶于适量的蒸馏水,再加入硝酸酸化的AgNO3溶液
检验KClO3中的氯元素
C
向某溶液中滴加Ba(NO3)2溶液产生白色沉淀,再加稀盐酸沉淀消失
说 明 原 溶液 中一定 含 有CO32-或SO32-
D
向盛有1mL 0.01mol•L-1AgNO3溶液的试管中滴加5滴0.01mol•L-1NaC1溶液,有白色沉淀生成,再滴加0.01mol•L-1NaI 溶液,产生黄色沉淀
常温下,Ksp(AgCl)>Ksp(AgI)
A.AB.BC.CD.D
【答案】A
【解析】A、加入足量饱和氯化镁溶液充分搅拌,促进氢氧化钙溶解,则该实验可除去Mg(OH)2样品中的Ca(OH)2,故A正确;B、氯酸钾与硝酸银不反应,则不能检验KClO3中的氯元素,应先加热使氯酸钾分解,再检验氯元素,故B错误;C、白色沉淀不能为亚硫酸钡,酸性条件下亚硫酸钡被硝酸根离子氧化生成硫酸钡,则原溶液不能存在SO32﹣,故C错误;D、硝酸银过量,均为沉淀的生成,不发生沉淀的转化,则不能比较Ksp的大小,故D错误;故选A。
5.用铅蓄电池电解甲、乙电解池中的溶液。
己知铅蓄电池的总反应为:
Pb(s)+PbO2(s)+2H2SO4(aq)
2PbSO4(s)+2H2O(l)电解一段时间后向c极和d极附近分别滴加酚酞试剂,c极附近溶液变红,下列说法正确的是()
A.d极为阴极
B.放电时铅蓄电池负极的电极反应式为:
PbO2(s)+4H+(aq)+SO42-(aq)+4e-=PbSO4 (s)+2H2O(l)
C.若利用甲池精炼铜,b极应为粗铜
D.若四个电极材料均为石墨,当析出6.4 g Cu时,两池中共产生气体3.36 L(标准状况下)
【答案】C
【解析】A、电解一段时间后向c极和d极附近分别滴加酚酞试剂,c极附近溶液变红,说明C极附近有OH-生成,c电极上氢离子放电,c是阴极,则d极是阳极,故A错误;B、放电时铅蓄电池负极的电极反应式为:
Pb(s)+SO42-(aq)-2e-=PbSO4(s),PbO2(s)+4H+(aq)+SO42-(aq)+4e-=PbSO4 (s)+2H2O(l),是正极上的反应,故B错误;C、若利用甲池精炼铜,电解一段时间后向c极和d极附近分别滴加酚酞试剂,c极附近溶液变红,说明C极附近有碱生成,即c电极上氢离子放电,c电极是阴极,则d极是阳极,a是阴极b是阳极,电解精炼铜时,粗铜作阳极,纯铜作阴极,所以b极应为粗铜,故C正确;D、若四个电极材料均为石墨,甲电解池中b阳极上生成氯气,a阴极上生成铜,乙电解池中d阳极上生成氧气,c阴极上生成氢气,当析出6.4gCu时,转移电子是0.2mol,所以生成0.1mol氯气、0.1mol氢气、0.05mol氧气,所以两池中共产生气体5.6L(标准状况下),故D错误;故选C。
点睛:
本题考查了电解原理,解题关键:
能准确判断电解池的阴阳极,D是易错点,找全各电极上产生的气体,求出总体积。
难度中等。
6.四种短周期主族元素A、B、M、N 的原子序数依次增大,其原子的最外层电子数之和为19,B 和A元素原子核的质子数之比为2:
1,B和M的电子数之差为4。
下列说法正确的是()
A.原子半径大小:
N>M>B>A
B.A、M、N 三种元素形成的气态氢化物中最稳定的是N的气态氢化物
C.由A 元素形成的单质的熔沸点都很高,硬度都很大
D.M、N 所形成的氧化物的水化物都是强酸
【答案】B
【解析】四种短周期元素A、B、M、N的原子序数依次增大,其原子的最外层电子数之和为19,A和B元素原子核质子数之比为1:
2,B和M的电子数之差为4,B的质子数最大为8,A的质子数从1开始依次讨论:
①若A是H元素,则B是He元素、M是C元素,其原子的最外层电子数之和为19,则N最外层电子数是12,不存在这样的元素,故舍去;②若A是He元素,则B是Be元素、M是O元素,其原子的最外层电子数之和为19,则N最外层电子数是9,不存在这样的元素,故舍去;③若A是Li元素,则B是C元素、M是Ne元素,其原子的最外层电子数之和为19,则N最外层电子数是6,且N原子序数大于M,所以N为S元素,符合题意;④若A是Be元素,则B是O元素、M是Mg元素,其原子的最外层电子数之和为19,则N最外层电子数是9,不存在这样的元素,故舍去;⑤若A是B元素,则B是Ne元素、M是Si元素,其原子的最外层电子数之和为19,则N最外层电子数是4,为Si元素,M和N不能是同一元素,故舍去;⑥若A是C元素,则B是Mg元素、M是S元素,其原子的最外层电子数之和为19,则N最外层电子数是7,为Cl元素,符合题意;⑦若A是N元素,则B是Si元素、M是Ar元素,N为短周期元素,所以没有符合条件的元素,故舍去;则A.若为⑥,其原子半径大小顺序是B>M>N>A,故A错误;B.A能形成氢化物,则A是C元素,M是S元素、N是Cl元素,元素的非金属性越强,其气态氢化物越稳定,这几种元素中非金属性最弱的是C元素,所以其气态氢化物最不稳定,故B正确;C.N元素单质可能是S或氯气,硫或氯气既有氧化性又有还原性,故C错误;D.如果M是Ne元素、N是S元素,M没有氧化物,故D错误;故选B。
点晴:
本题考查了原子结构和元素周期律的关系,考查学生分析问题、解决问题的能力,解题关键:
熟悉原子结构、元素周期表结构,根据根据所给元素之间的数据关系,将问题分成几种情况,一一排除,题目难度中等。
7.常温下,0.1mol•L-1某一元酸(HA)溶液中C(OH-)/c(H+)=1×10-8,下列叙述正确的是
A.该溶液中由水电离出的c(H+)=1×10-3mol•L-1
B.由pH=3的HA与pH=11的NaOH溶液等体积混合,溶液中:
c(Na+)>C(A-)>c(H+)>c(OH-)
C.浓度均为0.1mol/L的HA和NaA溶液等体积混合后,若溶液呈酸性,则c(A-)>c(HA)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-)
D.0.1mol•L-1HA溶液与0.05mol•L-1NaOH溶液等体积混合后所得溶液中:
c(H+)+c(Na+)=C(A-)+c(OH-)
【答案】D
8.制备氮化镁的装置示意图如下:
回答下列问题:
(1)检查装置气密性的方法是______________________,a的名称是_____________________。
(2)写出NaNO2和(NH4)2SO4反应制备氮气的化学方程式___________________________________。
(3)C的作用是________________________,D的作用是________________,是否可以把C和D的位置对调并说明理由_________________________________。
(4)写出E中发生反应的化学方程式_____________________________________。
(5)请用化学方法确定是否有氮化镁生成,并检验是否含有未反应的镁,写出实验操作及现象_____________________________________。
【答案】
(1).微热b,这时G中有气泡冒出,停止加热冷却后,G中插在溶液里的玻璃管形成一段水柱,则气密性良好
(2).分液漏斗(3).(NH4)2SO4+2NaNO2
2N2↑+Na2SO4+4H2O(4).除去氧气(及氮氧化物)(5).除去水蒸气(6).不能,对调后无法除去水蒸气(7).N2+3Mg
Mg3N2(8).取少量产物于试管中,加少量蒸馏水,试管底部有沉淀生成,可闻到刺激性氨味(把润湿的红色石蕊试纸放在管口,试纸变蓝),证明产物中含有氮化镁;弃去上清液,加入盐酸,若观察到有气泡产生,则证明产物中含有未反应的镁
【解析】
(1)利用装置内气体热胀冷缩检验装置的气密性,检查装置气密性的方法是:
微热b,这时G 中有气泡冒出,停止加热冷却后,G 中插在溶液里的玻璃管形成一段水柱,则气密性良好;由图中仪器结构可知,a为分液漏斗;
(2)NaNO2和(NH4)2SO4反应生成氮气、硫酸钠与水,配平后方程式为:
(NH4)2SO4+2NaNO2
2N2↑+Na2SO4+4H2O;(3)装置内含有氧气、反应生成的气体中可能含有氮的氧化物,C的作用是除去氧气(及氮氧化物),D的作用是除去水蒸气,D干燥氮气,除去水蒸气,防止对E装置反应的影响,不可以把C和D的位置对调对调后无法除去水蒸气;(4)装置E中氮气与镁反应生成二氮化三镁,反应方程式为:
N2+3Mg
Mg3N2;(5)取少量产物于试管中,加少量蒸馏水,试管底部有沉淀生成,可闻到刺激性氨味(把润湿的红色石蕊试纸放在管口,试纸变蓝),证明产物中含有氮化镁;弃去上清液,加入盐酸,若观察到有气泡产生,则证明产物中含有未反应的镁。
9.2Zn(OH)2·ZnCO3是制备活性ZnO的中间体,以锌焙砂(主要成分为ZnO,含少量Cu2+、Mn2+等离子)为原料制备2Zn(OH)2·ZnCO3的工艺流程如下:
请回答下列问题:
(1)当(NH4)2SO4,NH3·H2O的混合溶液中存在c(NH4+)=2c(SO42-)时,溶液呈___________(填“酸”、“碱”或“中”)性。
(2)“浸取”时为了提高锌的浸出率,可采取的措施是__________________(任写一种)。
(3)“浸取”时加入的NH3·H2O过量,生成MnO2的离子方程式为____________________________。
(4)“沉锌”的离子方程式为__________________________________。
(5)“过滤III”所得滤液可循环使用,其主要成分的化学式是__________________。
(6)己知:
HCN的电离常数Ka=4.9×10-10,H2S 的电离常数Ka1=1.3×10-7,Ka2=7.0×10-15,向NaCN 溶液中通入少量的H2S 气体,反应的离子方程式为______________________________________。
在废水处理领域中常用H2S 将Mn2+转化为MnS 除去,向含有0.020mol•L-1Mn2+废水中通入一定量的H2S 气体,调节溶液的pH=a,当HS-浓度为1.0×10-4mol•L-1时,Mn2+开始沉淀,则a=____________。
[已知:
Ksp(MnS)=1.4×10-15]
【答案】
(1).中
(2).适当加热、粉碎锌焙砂、搅拌等(3).Mn2++H2O2+2NH3·H2O=MnO2↓+2NH4++2H2O(4).3Zn2++6HCO3-=2Zn(OH)2·ZnCO3↓+5CO2↑+H2O(5).(NH4)2SO4(6).CN-+H2S=HCN+HS-(7).5
【解析】制备2Zn(OH)2·ZnCO3流程为:
以锌焙砂(主要成分为ZnO,含少量Cu2+、Mn2+等离子)为原料中加入硫酸铵、氨水、双氧水,双氧水将锰离子氧化成二氧化锰,过滤后在滤液中加硫化铵,再过滤,除去铜离子,蒸氨除去多余的氨气,加入碳酸氢铵得到2Zn(OH)2·ZnCO3和二氧化碳气体,过滤得2Zn(OH)2·ZnCO3,滤液为硫酸铵溶液。
(1)(NH4)2SO4与NH3·H2O的混合溶液中存在电荷守恒:
c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),25℃,c(NH4+)=2c(SO42-)时,c(H+)=c(OH-),pH=7是显中性的溶液。
(2)根据影响反应速率的因素判断“浸取”时为了提高锌的浸出率,可采取的措施为搅拌、适当加热,粉碎锌焙砂等。
(3)“浸取”时加入的NH3·H2O过量,溶液呈碱性,双氧水将锰离子氧化成MnO2,反应的离子方程式为Mn2++H2O2+2NH3·H2O= MnO2↓+2NH4++2H2O,(4)“沉锌”的过程为溶液中的锌离子与碳酸氢铵溶液反应生成2Zn(OH)2·ZnCO3,“沉锌”的离子方程式为:
3Zn2++6HCO3-=2Zn(OH)2·ZnCO3↓+ 5CO2↑+ H2O;(5)“过滤3”所得滤液为硫酸铵溶液,可循环使用,其化学式为(NH4)2SO4。
(6)己知:
HCN的电离常数Ka=4.9×10-10,H2S 的电离常数Ka1=1.3×10-7,Ka2=7.0×10-15,向NaCN 溶液中通入少量的H2S 气体,反应的离子方程式为CN- +H2S=HCN+HS-。
当Qc=Ksp(MnS)时开始沉淀,调节溶液的pH=a,H2S电离常数:
Ka2=7.0×10-15,HS-浓度为1.0×10-4mol•L-1时,则Ka2=
,则7.0×10-15=
,则c(S2-)=7×10a-19mol•L-1,所以Ksp=c(Mn2+)·c(S2-)=7×10a-19mol•L-1×0.020mol•L-1=1.4×10-15,解得a=5。
10.研究CO2的利用对促进低碳社会的构建具有重要的意义。
(1) 在一定条件下将CO2 和H2转化为甲醇蒸气和水蒸气的相关反应有:
CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O(g)△H1=+41KJ/mol
CO(g)+2H2(g)
CH3OH(g)△H2=-90KJ/mol
则由CO2和H2转化为甲醇蒸气和水蒸气的热化学方程式为_____________________________________。
(2)在一定温度下,向2L固定容积的密闭容器中通入2molCO2、3molH2,发生反应CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O(g)△H3<0。
测得CO2(g)和CH3OH(g)的浓度随时间变化如图所示。
①能说明该反应已达平衡状态的是________________________。
A.单位时间内有3nmolH-H键断裂,同时又有2nmolO-H键断裂
B.混合气体的密度不随时间变化
C.体系中n(CO2)/n(H2)=1∶1,且保持不变
D.CO2的体积分数在混合气体中保持不变
②下列措施能使n(CH3OH)/n(CO2)增大的是_______________。
A.升高温度B.恒温恒容下,再充入2molCO2、3molH2
C.使用高效催化剂D.恒温恒容充入He使体系压强增大
③计算该温度下此反应的平衡常数K=_________(保留3位有效数字);若使K的值变为1,则应采取的措施是___________________________。
A.增大压强B.恒压加入一定量H2C.升高温度D.降低温度
(3)捕捉CO2可以利用Na2CO3溶液。
用100mL0.1mol/LNa2CO3溶液完全捕捉0.44gCO2气体(溶液体积变化不变),所得溶液中c(HCO3-)+c(CO32-)+c(H2CO3)=________mol/L
(4)被誉为改变未来世界的十大科技之一的燃料电池是一种新型的无污染、无噪音、高效率的汽车动力和发电设备,正以势不可挡之势挤入汽车工业和电力工业。
写出甲醇燃料电池碱性电解质(铂为两极。
电解液为KOH 溶液)的负极电极反应:
___________________________________________。
【答案】
(1).CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O (g) △H=-49kJ/mol
(2).CD(3).B(4).0.198(5).D(6).0.2(7).CH3OH-6e-+8OH-==CO32-+6H2O
【解析】
(1) 在一定条件下将CO2 和H2转化为甲醇蒸气和水蒸气的相关反应有:
①CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O(g)△H1=+41KJ/mol,②CO(g)+2H2(g)
CH3OH(g)△H2=-90KJ/mol,依据盖斯定律①+②则由CO2和H2转化为甲醇蒸气和水蒸气的热化学方程式为CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O (g) △H=-49kJ/mol;
(2)①A.单位时间内有nmolH-H键断裂,同时有nmolO-H键生成,均体现正反应速率,不能判定平衡,故A不选;B.气体的质量、体积始终不变,混合气体的密度不随时间变化,不能判定平衡,故B不选;C.反应物的起始量不同,体系中n(CO2)/n(H2)=1:
1,且保持不变,符合特征“定”,为平衡状态,故C选;D.CO2的体积分数在混合气体中保持不变,符合特征“定”,为平衡状态,故D选;故选CD;②A、该反应为放热反应,升高温度,平衡逆向移动,故A不选;恒温恒容下,再充入2molCO2、3molH2,相当于体积减小一半,压强增大,平衡正向移动,使n(CH3OH)/n(CO2)增大,故B选;C、使用高效催化剂,平衡不移动,故C不选;D、恒温恒容充入He(g),平衡不移动,故D不选;故选B。
③结合起始量及图象可知,
CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O (g)
开始11.500
转化0.250.750.250.25
平衡0.750.750.250.25
K=
=
≈0.198;若使K的值变为1,应使平衡正向移动,且K与温度有关,该反应为放热反应,则只有降低温度,故选D。
(3)100mL0.1mol·L-1Na2CO3的溶液中溶质的物质的量为0.1L×0.1mol·L-1=0.01mol,0.44gCO2CO2的物质的量为
=0.01mol,发生反应Na2CO3+CO2+H2O=2NaHCO3,二者恰好反应生成0.02mol的NaHCO3,由物料守恒可知,c(HCO3-)+c(CO32-)+c(H2CO3)=c(Na+)=
=0.2mol·L-1。
(4)在甲醇燃料电池中,负极上是燃料甲醇发生失电子的氧化反应,在碱性环境下,电极反应为2CH4O+16OH--12e-=2CO32-+12H2O。
11.某课题组以苯为主要原料,采用以下路线合成利胆药——柳胺酚
已知:
回答下列问题:
(1)写出A→B反应所需的试剂______________,A→B反应类型为______________________。
(2)对于柳胺酚,下列说法正确的是___________。
A.1mol柳胺酚最多可以和2molNaOH反应B.可发生水解反应
C.不能发生硝化反应D.可与溴发生取代反应
(3)写出B→C的化学方程式__________________________________。
(4)写出化合物F的结构简式_____________________________。
(5)写出同时符合下列条件的F的同分异构体的结构简式________________________(写出3种)。
①属酚类化合物,且苯环上有三种不同化学环境的氢原子;②能发生银镜反应
(6)以苯和乙烯为原料可合成聚苯乙烯,请设计合成路线(无机试剂及溶剂任选)。
注:
合成路线的书写格式参照如下示例流程图:
____________________________________。
【答案】
(1).浓硝酸/浓硫酸
(2).取代反应(硝化反应)(3).B、D(4).
(5).
(6).
、
、
、
(其中三种)(7).
【解析】苯和氯气发生取代反应生成A,A为
,F中不饱和度=(7×2+2-6)/2=5根据柳胺酚结构简式知,F中含有苯环和碳氧双键,所以F为
;E为
,D和铁、HCl反应生成E,结合题给信息知,D结构简式为
;A反应生成B,B和NaOH水溶液发生取代反应生成C,根据D结构简式知,A和浓硝酸发生取代反应生成B,B为
,C为
,C和HCl反应生成D。
(1)A和浓硝酸发生取代反应生成B,A→B反应所需的试剂浓硝酸/浓硫酸,A→B反应类型为取代反应(硝化反应);
(2)A.柳胺酚中酚羟基、肽键水解生成的羧基能和NaOH反应,所以1mol柳胺酚最多可以和3molNaOH反应,故错误;B、含有肽键,所以可发生水解反应,故正确;C、柳胺酚中含有苯环,可以发生硝化反应,故错误;D、含有酚羟基,溴和苯环上酚羟基邻对位氢原子发生取代反应,故正确;故选BD。
(3)B和NaOH水溶液发生取代反应生成C,B→C的化学方程式:
。
(4)化合物F的结构简式
;(5)F(
)的同分异构体同时符合下列条件:
属酚类化合物,且苯环上有三种不同化学环境的氢原子;能发生银镜反应,含有醛基或甲酸形成的酯基,符合条件的3种同分异构体为:
、
、
、
(其中三种).(6)在催化剂作用下,苯和乙烯发生
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- 江西省 上高县 第二 中学 上学 第四 月考 理科 综合 化学试题 解析