粤沪版九年级物理上册143欧姆定律的应用质量检测练习题.docx
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粤沪版九年级物理上册143欧姆定律的应用质量检测练习题
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粤沪版九年级物理上册:
14.3“欧姆定律的应用”质量检测练习题
试卷副标题
考试范围:
xxx;考试时间:
100分钟;命题人:
xxx
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分
注意事项:
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
第I卷(选择题)
请点击修改第I卷的文字说明
评卷人
得分
一、单选题
1.关于电流、电压和电阻,下列说法正确的是
A.只要将导体连入电路,电路中就有电流
B.有电流通过的小灯泡,其两端不一定有电压
C.导体两端电压越大,通过该导体的电流就越大
D.导体中通过的电流越大,它的电阻越小
2.如图所示电路中,两个电阻的阻值都是20欧,电压表V1的示数为2伏,下列说法不正确的是
A.通过R1的电流为0.1安
B.电压表V2的读数为2伏
C.电压表V2的读数为4伏
D.通过R2的电流为0.1安
3.如图所示,电源电压不变。
当开关S闭合时,电流表的示数为0.8A。
开关S断开后,电流表的示数改变了0.5A。
则R1与R2的阻值之比为
A.8:
5
B.3:
5
C.5:
3
D.5:
8
4.如图所示,是小明设计的压力传感器的原理图,其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起,AB间有可收缩的导线,R1为定值电阻。
当闭合开关S,压力F增大时,电流表与电压表示数的变化情况是()
A.电流表示数变大,电压表示数变小
B.电流表示数变小,电压表示数变大
C.电流表、电压表示数都变大
D.电流表、电压表示数都变小
5.如图所示,是一个检测天然气泄漏的原理图.电源电压恒定不变,R0为定值电阻,R为气敏电阻,其阻值随天然气浓度的增大而减小.则
A.天然气浓度增大,电流表示数变小B.天然气浓度减小,电压表示数变大
C.天然气浓度增大,电路消耗的总功率变大
D.天然气浓度减小,电压表与电流表示数的比值变小
6.在探究电流跟电压和电阻的关系时,采用“保持电阻不变,研究电流和电压关系”的研究方法。
以下探究没有运用该方法的是
A.探究燃烧的条件
B.探究磁场的方向
C.探究催化剂对反应速率的影响
D.探究动能的大小跟质量和速度的关系
7.张华同学在探究通过导体的电流与其两端电压的关系时,将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象,根据图象,下列说法错误的是
A.导体甲的电阻大于导体乙的电阻
B.通过导体甲的电流与其两端的电压成正比
C.当在导体乙的两端加上1V的电压时,通过导体乙的电流为0.1A
D.将甲、乙两导体串联后接到电压为3V的电源上时,通过导体的电流为0.2A
8.给你一只标有“10Ω1.2A”定值电阻和一只“20ΩO.5A”的定值电阻,在保证所有电路元件安全的前提下,若并联接入电路,则电路中允许通过的最大电流为
A.1.7AB.1.6AC.1.5AD.1.2A
9.如图所示,电路中
的阻值为
,闭合开关
,电流表
的示数为
,电流表
的示数为
,则
的阻值是
A.
B.
C.
D.
10.在“伏安法”测电阻的实验中,下列注意事项中不正确的是
A.连接电路时,开关应断开
B.在无法估计被测电压、电流的大小时,可用试触法选取合适的量程
C.将变阻器连入电路时,滑片应放到使电路中电流最小的位置
D.测出一组电压、电流的值后,计算得到待测电阻的值
11.(2016·威海卷)如图所示,用弹簧挂一条形磁铁放在螺线管的正上方,闭合开关,待弹簧稳定后,将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动。
下列说法正确的是()
A.电压表示数变大,电流表示数也变大
B.电压表示数变小,电流表示数也变小
C.螺线管上端是S极,弹簧缩短
D.螺线管上端是N极,弹簧伸长
12.在图所示的电路中,电源电压保持不变.先闭合开关S1,当再闭合开关S2时,关于灯泡L1的亮度及电流表示数变化的情况是
A.L1亮度不变,电流表示数变大
B.L1亮度不变,电流表示数不变
C.L1变暗,电流表示数不变
D.L1变暗,电流表示数变小
13.如图所示,电阻R1标着“10Ω1A”,R2标着“5Ω1.2A”,电流表Al、A2量程均为0~3A,电压表量程0~15V,在a、b之间接入电压可调的电源.闭合开关s后,为保证R1、R2均不损坏,则允许加的电源电压和通过电流表A1的电流不得超过
A.16V1AB.10V2.2AC.6V2.2AD.6V1.8A
评卷人
得分
二、新添加的题型
14.如图3所示,电源电压保持不变,闭合开关,将滑动变阻器的滑片向右滑动时,则()
A.通过灯L的电流变小,变阻器两端的电压变小
B.通过灯L的电流变大,变阻器两端的电压变大
C.灯L两端的电压变小,通过变阻器的电流变小
D.灯L两端的电压变大,通过变阻器的电流变小
评卷人
得分
三、多选题
15.在某一温度下,连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示,由图中信息可知
A.A导体的电阻为10Ω
B.A导体的电阻大于B导体的电阻
C.A导体两端电压为3V时,通过A导体的电流为0.6A
D.B导体两端电压为0V时,B导体的电阻也为0Ω
第II卷(非选择题)
请点击修改第II卷的文字说明
评卷人
得分
四、填空题
16.在测量小灯泡电阻试验中,________(能/不能)求平均值,因为________,测量定值电阻试验中________(能/不能)求平均值,原因________。
17.通过5Ω电阻的电流是2A,该电阻两端的电压是________V。
18.某一导体,两端加4.5V电压时,通过它的电流为0.15A.它的电阻为Ω;当其两端电压为0V时,它的电阻是Ω.
19.小英按图甲所示的电路图连接实验电路,测量电阻Rx的阻值.闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片P后,观察到电压表和电流表的示数分别如图乙、丙所示,则电压表的示数为________V,电流表的示数为________A,待测电阻Rx的阻值为________Ω.
20.如图甲所示,R′是滑动变阻器,R是定值电阻,电源电压恒定.当滑片P向下滑动时,电流表示数将________(填“变大”“变小”或“不变”).小军根据此电路设计一种自动测高仪如图乙,要求:
身高越高,仪表示数越大(指针右偏),他应把________(填“电流表”或“电压表”)改装为测高计.
21.如图所示,电源电压不变,开关S闭合后,电压表V1的示数为4V,电压表V2的示数为6V,电流表A的示数为1A,若将R2与R1互换位置后,发现三表示数均不变,则电源电压为V,电阻R2的阻值是Ω.
22.一只小灯泡的额定电压为8V,正常发光时通过它的电流为0.2A,现将该小灯泡接在12V的电源上,为使其正常发光,应_____联一个_____Ω的电阻。
23.如图a所示的电路,电源电压保持不变。
闭合开关S,调节滑动变阻器,两电压表的示数随电路中电流变化的图像如图b所示,根据图像的信息可知:
_____(选填“甲”或“乙”)是电压表
示数变化的图像,电源电压为_____V,电阻R1的阻值为_____Ω。
24.用电压表、电流表测量电阻有如图所示的两种解法,若电压表的电阻不是很大,电流表的电阻不是很小,你认为图中测量电阻比真实值偏大,图中测量电阻比真实值偏小。
25.在探究电阻两端的电压跟通过电阻的电流的关系时,小东选用了两个定值电阻R1、R2分别做实验,他根据实验数据画出了如图所示的图像,请你根据图像比较电阻R1与R2的大小,则R1_________R2。
(选填“大于”、“等于”或“小于”)
评卷人
得分
五、实验题
26.用伏安法测电阻,实验电路图如图,电源电压保持不变。
(1)该实验的原理是________;
(2)闭合开关S前,滑动变阻器滑片P应置于________端(选填“A”或“B”);
(3)小明用完好的器材按如图所示实验电路图连接电路,刚一“试触”,就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度,原因可能是:
①________,②________;
(4)小华按图所示的实验电路图正确连接电路,进行实验,某次实验中电压表示数、电流表示数如图所示,则此时通过Rx的电流为________A,被测电阻Rx=________Ω。
27.下面是在物理实验室探究“电流与电压关系”的实验过程:
(1)首先绘制实验电路图(如图A所示),并找来一些相应的实验器材:
电源、开关、滑动变阻器、电压表、电流表、若干阻值相同的定值电阻R0和足够的导线_______.
①按照电路图连接电路时,开关应处于________状态,正确连接后,进行试触,发现电压表和电流表指针偏转幅度都很大,造成这一现象的原因是:
没有将滑动变阻器的滑片________.
②开关闭合后,通过移动滑动变阻器的滑片,不断改变定值电阻两端的电压并读出对应的电流值,如图B是某次实验时电流表的示数,其电流值是________A.
③根据实验所得数据,绘制出如图C所示的U﹣I图象,根据图象可得出“电流与电压关系”的结论是:
电阻一定时,________.
④为了进一步验证结论的正确性,我们将两个相同的定值电阻并联后作为一个新电阻接入电路(如图D所示),再次重复上述实验并绘制出新的U﹣I图象,则图象应在图C中的______区域内.
⑤如果将实验中的定值电阻更换为小灯泡,得到的U﹣I图象就不再是一条直线,其原因是________.
(2)我们在实验中发现,上述定值电阻中有一个定值电阻的阻值与其他不同,并且它的铭牌已磨损,于是便设计了利用电源(电压未知)、两个开关、已知阻值的定值电阻R0、电压表和若干导线来“测量未知电阻RI阻值”的实验:
①设计电路,请你按照E图中的电路图连接实物图.
②闭合开关S1,S2,读出此时电压表的示数为U1.
③闭合开关S1、断开S2,读出此时电压表的示数为U2.
④可以推导出RI的表达式为RI=________.
评卷人
得分
六、计算题
28.如图所示的电路中,电源两端电压U保持不变,小灯泡L标有“6V3W”字样。
当三个开关S1、S2、S3都闭合时,小灯泡正常发光,电流表示数为0.8A;保持S1闭合,断开S2、S3,电流表示数变化了0.6A。
求:
(1)电源电压U是多少V?
(2)定值电阻R1是多少Ω?
(3)定值电阻R2是多少Ω?
评卷人
得分
七、综合题
29.阅读短文,回答问题:
巨磁电阻效应
1988年阿尔贝•费尔和彼得•格林贝格尔发现,在铁、铬相间的三层复合膜电阻中,微弱的磁场可以导致电阻大小的急剧变化,这种现象被命名为“巨磁电阻效应”。
更多的实验发现,并非任意两种不同种金属相间的三层膜都具有“巨磁电阻效应”。
组成三层膜的两种金属中,有一种是铁、钴、镍这三种容易被磁化的金属中的一种,另一种是不易被磁化的其他金属,才可能产生“巨磁电阻效应”。
进一步研究表明,“巨磁电阻效应”只发生在膜层的厚度为特定值时。
用R0表示未加磁场时的电阻,R表示加入磁场后的电阻,科学家测得铁、铬组成的复合膜R与R0之比与膜层厚度d(三层膜厚度均相同)的关系如图乙所示。
1994年IBM公司根据“巨磁电阻效应”原理,研制出“新型读出磁头”,将磁场对复合膜阻值的影响转换成电流的变化来读取信息。
(1)以下两种金属组成的三层复合膜可能发生“巨磁电阻效应”的是_____。
A.铜、银;B.铁、铜;C.铜、铝;D.铁、镍。
(2)对铁、铬组成的复合膜,当膜层厚度是1.7nm时,这种复合膜电阻_____(选填“具有”或“不具有”)“巨磁电阻效应”。
(3)“新型读出磁头”可将微弱的_____信息转化为电信息。
(4)铁、铬组成的复合膜,发生“巨磁电阻效应”时,其电阻R比未加磁场时的电阻R0_____(选填“大”或“小”)得多。
(5)如图丁是硬盘某区域磁记录的分布情况,其中1表示有磁区域,0表示无磁区域。
将“新型读出磁头”组成如图所示电路,当磁头从左向右匀速经过该区域过程中,电流表读数变化情况应是图中的_____。
参考答案
1.C
【解析】
试题分析:
A、根据电流产生的条件分析即可;
B、小灯泡有电阻,当通过的电流一定时,灯泡两端的电压与灯泡的电阻成正比;
C、同一导体,在不考虑外因(温度)的前提下,阻值不变,然后根据欧姆定律来进行判断;
D、根据电阻是导体的属性,与电流和电压的大小无关分析即可.
A、电流产生的条件是:
(1)电路要闭合;
(2)有电源存在;故A错误;
B、根据U=IR,小灯泡有电阻,而且有电流通过时,则一定会产生电压;故B错误;
C、根据I=
可知:
电阻一定时,导体两端的电压越大,通过它的电流就越大;故C正确;
D、电阻是导体的属性,与电流和电压大小无关;故D错误.
故选C.
考点:
电压;电流的形成;电阻;欧姆定律
点评:
此题重点考查了电压、电流以及电阻三者之间的关系;特别是电阻与电压、电流的大小无关,只是导体的属性.
2.B
【解析】
试题分析:
分析电路图,两电阻串联,电压表V1测量R1两端的电压,电压表V2测量串联电路两端的总电压.知道两电阻的阻值,利用欧姆定律和串联电路的分压关系求解.
:
∵R1、R1串联,
∴I2=I1=
=
=0.1A,
U2=I2R2=0.1A×20Ω=2V,
U=U1+U2=2V+2V=4V,即:
电压表的V2的示数为4V.
由此可知:
A、C、D正确,B错误.
故选B.
考点:
欧姆定律的应用;电压表的使用;串联电路的电压规律。
点评:
本题考查了欧姆定律和串联电路的分压关系,涉及到电压表的使用,属于基础题目.
3.C
【解析】
由电路图可知,当开关S闭合时,R1、R2并联,电流表测干路的电流。
开关S断开后,通过R1的电流不变,改变的电流是通过电阻R2的电流,即I2=0.5A。
由并联电路的电流关系可得,通过R1的电流I1=I-I2=0.8A-0.5A=0.3A,
,故C正确为答案,选项ABD错误。
点睛:
本题关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电流表所测电流的判断。
4.B
【解析】
试题分析:
滑动变阻器和定值电阻串联在电路中,压力F增大时,滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律可知通过电路的电流变小,电流表测电路电流,故示数变小.
R1为定值电阻,所以其两端的电压变小,串联电路总电压等于各分电压之和,所以滑动变阻器两端电压变大,电压表测其电压故示数变大.则A,C,D错误,B正确.
故选B.
考点:
欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;电流表的使用;电压表的使用;串联电路的电压规律;滑动变阻器的使用.
点评:
本题考查学生对串联电路电流和电压规律的掌握并能运用欧姆定律做出正确判断.
5.C
【解析】
由题知,电源电压恒定不变,R0为定值电阻,R为气敏电阻,且其阻值随天然气浓度的增大而减小,两电阻串联,电压表测量R0两端的电压,因此:
天然气浓度增大时,气敏电阻R阻值变小,电路的总电阻变小,根据欧姆定律
可知,电路中电流变大,由P=UI电路消耗的总功率变大,故A错误,C正确。
天然气浓度减小时,气敏电阻R阻值变大,电路中电流变小,由I=U/R可得,U=IR,电压表示数变小,故B错误。
电压表与电流表示数的比值为定值电阻R0,比值不变,故D错误。
答案为C。
6.B
【解析】
题目中采用了控制变量法。
A中燃烧条件有可燃物、助燃物、着火点三个,要用控制变量法考察;C要控制反应温度、反应物浓度等条件不变,改变催化剂量考察对反应速率的影响。
D探究动能与质量的关系,要保持速度不变,改变质量,探究动能与速度的关系时,要保持质量不变,改变速度。
ACD均用到控制变量法。
B探究磁场方向,改变小磁针位置即可,没有其他变量
7.A
【解析】
【详解】
A.由图象知,在电阻两端电压都是2V时,通过甲电阻的电流为I甲=0.4A,通过乙电阻的电流为I乙=0.2A.所以两电阻的阻值分别为R甲=
=5Ω,R乙=
=10Ω,即甲的电阻较小。
此选项错误;B.对于甲导体,电阻一定,通过的电流与两端电压成正比。
此选项正确;C.由图象知,在导体乙的两端加1V的电压时,通过导体乙的电流为0.1A.此选项正确;D.甲乙两电阻串联后的总电阻为R串=R甲
R乙=5Ω
10Ω=15Ω串联后的电流为I=
=0.2A.此选项正确。
故选A.
【点睛】
在探究电流与电压的关系时,要保持电阻一定.由图象知,此题利用了甲乙两只电阻,需分别分析电流与电压的对应关系.在串联电路中各处电流都相等,并联电路各支路两端电压相等.
8.C
【解析】
【详解】
标有“10Ω1.2A”的定值电阻,所允许通过的最大电流为1.2A;标有“20ΩO.5A”的定值电阻,所允许通过的最大电流为0.5A.由欧姆定律可得,定值电阻两端允许加的最大电压分别为:
U1=I1R1=1.2A×10Ω=12V,U2=I2R2=0.5A×20Ω=10V,由并联电路的电压特点,为了使电路元件安全,并联电路两端电压为:
U=U2=10V,通过标有“10Ω1.2A”定值电阻的最大电流为I′1=
=1A,通过标有“20ΩO.5A”定值电阻的最大电流为I2=0.5A,由并联电路的电流特点可得,干路电流最大为:
I=I′1+I2=1A+0.5A=1.5A.
故选C.
【点睛】
已知定值电阻的阻值和允许通过的最大电流,可以得到它们两端所加的最大工作电压;并联电路各用电器两端电压相等,为保证元件安全,并联电路两端电压应以最小电压值为电路电压.由并联电路中干路电流等于各支路电流之和计算电路中最大电流.
9.A
【解析】
试题分析:
由图可知,两个电阻并联。
电流表A1测量干路的总电流,电流表A2测量通过R2的电流。
所以,通过R1的电流为I1=I-I2=1.2A-0.3A=0.9A,电源电压为U=U1=I1R1=0.9A×6Ω=5.4V,则R2的阻值是R=U2/I2=5.4V/0.3A=18Ω。
故选A
考点:
并联电路中的电流和电压特点;欧姆定律
10.D
【解析】
A.根据连接电路的要求,连接电路时,开关应断开,故A正确;
B.在无法估计被测电压、电流的大小时,可用试触法选取合适的量程,是选择量程的正确方法,故B正确;
C.根据保护电路的原则,将变阻器连入电路时,应将滑片调整到最大阻值处,即滑片应放到使电路中电流最小的位置,故C正确;
D.为了减小误差,应改变滑动变阻器的滑片位置多次测量,然后求出电阻的平均值,故一次测量求出待测电阻的值是不正确的。
故选D。
11.C
【解析】
试题分析:
如图滑动变阻器与螺线管串联,将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,电路中的电流变大,根据串联电路分压特点
=
=
,滑动变阻器接入电路的电阻变小,分得的电压变小,所以电压表示数变小,电流表示数变大;根据安培定则可知螺线管上端是S极,由于同名磁极相互排斥,所以弹簧会缩短。
【考点定位】动态电路的分析、安培定则的应用
12.A
【解析】
试题分析:
由图可知,开关S1闭合时,为L1的基本电路,电流表测量L1中的电流;当再闭合开关S2时,两灯泡并联;由欧姆定律可知通过灯L1的电流不变,灯L1的亮度不变;但由于电流表测量干路中的电流,因此电流表示数变大.
故选A.
13.D
【解析】
【详解】
开关闭合后,两电阻并联,电压表测电源的电压,电流表A1测干路电流,电流表A2测通过电阻R2的电流,等效电路图如下图所示:
(1)已知电阻R1标有“10Ω1A”,R2标有“5Ω1.2A”,根据欧姆定律可得:
电阻R1两端允许的最大电压为U1=I1R1=1A×10Ω=10V,电阻R2两端允许的最大电压为U2=I2R2=1.2A×5Ω=6V,由于并联电路各支路两端电压相等,且10V>6V,所以,为了保护电阻R2,电源电压不能超过6V。
(2)若电源电压为6V,则此时通过电阻R1的电流最大为:
I1=
=0.6A,通过电阻R2的电流为:
I2=1.2A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以干路电流表A1的示数I=I1+I2=0.6A+1.2A=1.8A。
故选:
D。
【点睛】
(1)根据欧姆定律分别求出两电阻两端允许所加的最大电压,然后根据并联电路的电压特点确定R1、R2均不损坏时允许加的电源电压;
(2)当电源电压最大时,根据欧姆定律求出通过两电阻的电流,再根据并联电路的电流特点求出电流表A1的最大示数。
14.C
【解析】
【分析】
由图可知灯泡及滑动变阻器串联,则滑片右移时,可知滑动变阻器接入电阻的变化,由欧姆定律可得出电路中电流的变化及灯泡两端的电压变化;再根据串联电路的电压规律可得出滑动变阻器两端电压变化.
【详解】
因滑片右移时,滑动变阻器接入电阻增大,故由欧姆定律可得电路中电流减小,灯泡两端电压减小;由串联电路的电压规律可得,灯泡两端电压与滑动变阻器两端电压之和等于电源电压,而电源电压不变,故滑动变阻器两端的电压增大;故选C.
15.AC
【解析】
由图可知:
当AB两端电压为3V时,通过AB中的电流分别是0.6A和0.3A,
则RA="U/"IA="3V"/0.6A=5Ω,RB="U/"IB="3V"/0.3A=10Ω;故AB选项错误,C选项正确;
因导体的电阻是导体本身的一种性质,与电压和电流无关,故D选项错误.故选C.
16.不能小灯的电阻会随温度的变化而变化能求平均值,减小实验误差
【解析】
在测量小灯泡电阻试验中,因为小灯的电阻会随温度的变化而变化,所以是不能求平均值的;
测量定值电阻试验中,定值电阻的阻值不变,所以能求平均值,从而减小实验误差。
点睛:
一定要注意灯丝的电阻会随温度而变化,通常金属电阻随温度的升高而增大,所以小灯泡的电阻千万不能根据不同电压时的阻值求平均值,没有意义。
17.10
【解析】
试题分析:
根据
=5Ω×2A=10V,该电阻两端的电压是10V。
考点:
本题考查欧姆定律的应用
点评:
解决本题的关键是熟知欧姆定律的掌握和运用,因条件已给出,难度不大.
18.30;30
【解析】
试题分析:
由欧姆定律可知,通过导体的电流与这段导体两端的电压成正比,与导体的电阻成反比即I=U/R;公式变形得R=U/I=4.5V/0.15A=30Ω;又因为导体的电阻与导体的长度、横截面积、材料有关,与导体两端的电压无关,故当导体两端电压为0V时,导体的电阻不变,仍为30Ω.
【考点定位】欧姆定律应用
19.20.54
【解析】
【详解】
由图甲知,Rx与R串联,电压表测Rx两端的电压,电流表测电路中电流,由图乙知,电压表使用0∼3V量程,分度值为0.1V,Rx两端电压为2V;由图丙知,电流表使用0∼0.6A量程,分度值0.02A,通过Rx的电流为0.5A;由I=
可得Rx的阻值:
Rx=
=4Ω.
【点睛】
由图根据电表的量程和分度值读出电压表和电流的示数,由I=
计算Rx的阻值.
20.变大电压表
【解析】
【详解】
(1)当滑片P向下滑动时,电阻变小,电路的总电阻变小,根据欧姆定律可知,电路中
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- 粤沪版 九年级 物理 上册 143 欧姆定律 应用 质量 检测 练习题